2025年滬教新版高一物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教新版高一物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、【題文】如圖所示，摩擦輪A和B固定在一起通過中介輪C進行傳動，A為主動輪，A的半徑為20cm，B的半徑為10cm，A、B兩輪邊緣上的向心加速度之比()

A.1∶1B.1∶2C.2∶1D.2∶32、【題文】．運動員雙手握著竹桿勻速上爬或勻速下滑時，他受到的摩擦力分別為F1、F2．則A.F1、F2均向上，F(xiàn)1=F2B.F1、F2均向下，F(xiàn)1=F2C.F1向下、F2向上，F(xiàn)1＞F2D.F1向下、F2向上，F(xiàn)1＜F23、如圖所示，L1、L2是勁度系數(shù)均為100N/m的相同輕質(zhì)彈簧，它們的自然長度均為10cm．A、B兩只鉤碼均重2N，則靜止時兩彈簧長度之和為（）A.24cmB.26cmC.22cmD.21cm4、下列物體運動的情況中；可能存在的是（）

A.某時刻物體具有加速度；而速度為零。

B.物體具有恒定的速率；但速度仍變化。

C.物體速度恒定；但其速率有可能變化。

D.物體的速度在增大；加速度在減小。

5、如圖，塔吊臂上有一可以沿水平方向運動的小車A，小車下裝有吊著物體B的吊鉤．在小車A與物體B以相同的水平速度沿吊臂方向勻速運動的同時，吊鉤將物體B向上勻加速吊起，則B做（）A.速度大小不變的曲線運動B.速度大小增加的直線運動C.加速度大小方向均不變的曲線運動D.加速度大小方向均變化的曲線運動6、【題文】北京時間2012年3月31日，中國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用“長征三號乙”運載火箭，將法國制造的“亞太7號”通信衛(wèi)星成功送入近地點209km、遠地點50419km的預(yù)定轉(zhuǎn)移軌道，衛(wèi)星在此軌道上運行一段時間后再經(jīng)變軌成為一顆地球同步衛(wèi)星，同步衛(wèi)星軌道離地面高度為35860km。下列說法正確的是A.衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道運動的周期大于在同步軌道上運行的周期B.衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道運動時，經(jīng)過近地點時的速率大于它在遠地點的速率C.衛(wèi)星在同步軌道運動時，飛船內(nèi)的航天員處于超重狀態(tài)D.衛(wèi)星在同步軌道運動時的向心加速度小于靜止于赤道上物體的向心加速度7、物體由靜止開始做勻加速直線運動，第1s末的速度達到4m/s，第2s內(nèi)物體的位移是()A.2mB.4mC.6mD.8m8、地球的半徑為R0

地球表面處的重力加速度為g

一顆人造衛(wèi)星圍繞地球做勻速圓周運動，衛(wèi)星距地面的高度為R0

下列關(guān)于衛(wèi)星的說法中正確的是(

)

A.衛(wèi)星的速度大小為2R0g2

B.衛(wèi)星的角速度大小2g8R0

C.衛(wèi)星的加速度大小為g2

D.衛(wèi)星的運動周期為2婁脨2R0g

9、如圖所示，某物體在四個共點力作用下處于平衡狀態(tài)，若將F4=N的力沿逆時針方向轉(zhuǎn)動90°，其余三個力的大小和方向不變，則此時物體所受合力的大小為（）A.0B.2NC.2ND.N評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、下列關(guān)于曲線運動的說法中正確的是(

)

A.物體在恒力作用下不可能做曲線運動B.物體在變力作用下一定做曲線運動C.物體在恒力或變力作用下都可能做曲線運動D.做曲線運動的物體，其初速度方向與加速度方向一定不在同一直線上11、在足夠高的空中某點豎直上拋一物體，拋出后第4s內(nèi)物體的位移大小是4m，設(shè)物體拋出時的速度方向為正方向，忽略空氣阻力的影響，g取10m/s2，則關(guān)于物體的運動，下列說法正確的是（）A.物體的上升時間可能是3.1sB.在4s內(nèi)的平均速度一定是-4m/sC.物體拋出時的速度可能是50m/sD.10s內(nèi)位移可能為-110m12、物塊先沿軌道1

從A

點由靜止下滑至底端B

點，后沿軌道2

從A

點由靜止下滑經(jīng)C

點至底端B

點，AC=CB

如圖所示.

物塊與兩軌道的動摩擦因數(shù)相同，不考慮物塊在C

點處撞擊的因素，則在物塊整個下滑過程中(

)

A.物塊受到的摩擦力相同B.沿軌道1

下滑時的位移較小C.物塊滑至B

點時速度大小相同D.兩種情況下?lián)p失的機械能相同13、如圖所示，一根輕彈簧下端固定，豎立在水平面上.

其正上方A

位置有一只小球.

小球從靜止開始下落，在B

位置接觸彈簧的上端，在C

位置小球所受彈力大小等于重力，在D

位置小球速度減小到零.

小球下降階段下列說法中正確的是(

)

A.在B

位置小球動能最大B.在C

位置小球動能最大C.從A隆煤C

位置小球重力勢能的減少大于小球動能的增加D.從A隆煤D

位置小球重力勢能的減少等于彈簧彈性勢能的增加14、某工地上，一架起重機將放在地面上的一個箱子吊起.

箱子在起重機鋼繩的作用下由靜止開始豎直向上運動，運動過程中箱子的機械能E

與其位移x

的關(guān)系圖像如圖所示，其中O隆蘆x1

過程的圖線為曲線，x1隆蘆x2

過程的圖線為直線.

根據(jù)圖像可知(

)

A.O隆蘆x1

過程中箱子所受的拉力逐漸增大B.O隆蘆x1

過程中箱子的動能可能先增加后減少C.x1隆蘆x2

過程中箱子所受的拉力一直不變D.x1隆蘆x2

過程中起重機的輸出功率一直增大評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、一物體放在傾角為θ的斜面上；它剛好能沿斜面勻速下滑．

（1）求物體沿斜面下滑的動摩擦因數(shù)；

（2）若給它一個沿斜面向上的初速度v；則它能上滑的最大距離是多少？（已知重力加速度為g，斜面始終是靜止的）

16、【題文】已知地球的質(zhì)量為萬有引力恒量為地球半徑為用以上各量表示在地球表面附近運行的人造地球衛(wèi)星的第一宇宙速度____。若再知道地球的自轉(zhuǎn)角速度為則赤道上空一顆相對地球靜止的同步衛(wèi)星離地面的高度是__________（用表示）。17、在如圖所示的皮帶傳動裝置中，a是大輪邊緣上的一點，b是小輪邊緣上的一點．當(dāng)皮帶輪勻速轉(zhuǎn)動時，皮帶與輪間不打滑．a(chǎn)、b兩點的線速度的大小關(guān)系是va______vb（選填“＞”、“=”或“＜”）；a、b兩點的角速度的大小關(guān)系是ωa______ωb（選填“＞”、“=”或“＜”）；a、b兩點的角速度的大小關(guān)系是Ta______Tb（選填“＞”、“=”或“＜”）．18、【題文】純電動概念車E1是中國館的鎮(zhèn)館之寶之一。若E1概念車的總質(zhì)量為920kg，在16s內(nèi)從靜止加速到100km/h（即27.8m/s），受到恒定的阻力為1500N，假設(shè)它做勻加速直線運動，其動力系統(tǒng)提供的牽引力為____N。當(dāng)E1概念車以最高時速120km/h（即33.3m/s）做勻速直線運動時，其動力系統(tǒng)輸出的功率為____kW。

19、【題文】一個質(zhì)量為m的物體放在傾角為的斜面上勻速下滑，物體與斜面之間的動摩擦因數(shù)=____；物體受到的摩擦力的大小為f=____20、電磁打點計時器和電火花打點計時器都是使用____電源的計時儀器，電磁打點計時器工作的電壓是____V，電火花打點計時器工作的電壓是____V．當(dāng)電源頻率是50HZ時，它每隔____打一個點．21、力產(chǎn)生了加速度，從而使得物體的速度發(fā)生改變，當(dāng)力與速度在同一條直線上時，力只改變______，當(dāng)力與速度垂直時，力只改變______．22、(1)

電火花打點計時器的工作電源是______V

的______電源(

填“直流”或“交流”)

當(dāng)電源頻率為50Hz

時，每隔______秒打一個點．

(2)

電磁打點計時器的工作電源是______V

的______電源(

填“直流”或“交流”)

當(dāng)電源頻率為10Hz

時，每隔______秒打一個點．評卷人得分四、推斷題(共4題，共36分)23、A、rm{B}rm{C}rm{D}四種元素，它們原子的核電荷數(shù)均小于rm{18}且依次遞增，rm{A}原子核內(nèi)僅有一個質(zhì)子；rm{B}原子的電子總數(shù)與rm{D}原子的最外層電子數(shù)相等；rm{A}原子與rm{B}原子的最外層電子數(shù)之和與rm{C}原子的最外層電子數(shù)相等；rm{D}原子有兩個電子層，最外層電子數(shù)是次外層電子數(shù)的rm{3}倍。rm{(1)}試推斷它們各是什么元素，寫出它們的元素符號：rm{A}________，rm{C}________，rm{(2)}畫出rm{D}的離子結(jié)構(gòu)示意圖________。

rm{(3)}由這四種元素組成的三核rm{10}電子的分子是________，四核rm{10}電子的分子是________。24、A、rm{B}rm{C}為三種常見的單質(zhì)，其中rm{A}rm{C}為氣體，rm{B}為常見金屬rm{.A}溶于水可使石蕊試液先變紅后褪色rm{.F}的水溶液為淺綠色溶液，它們的關(guān)系如圖：rm{(1)}寫出rm{A}rm{B}rm{D}的化學(xué)式：rm{A.}____________rm{B.}____________rm{C.}____________rm{(2)}寫出反應(yīng)rm{壟脵壟脷}的離子方程式：rm{壟脵}____________；rm{壟脷}____________．rm{(3)A}溶于水使石蕊試液先變紅后褪色的原因是rm{(}用方程式表示rm{)}____．rm{(4)}檢驗rm{D}的水溶液中的陽離子的試劑是：____rm{.}將rm{D}溶液逐滴加入的沸水中會產(chǎn)生一種紅褐色的液體，你認(rèn)為該液體中的分散質(zhì)微粒直徑在____之間，驗證的簡單方法是：____．25、從鋁土礦rm{(}主要成分是rm{Al_{2}O_{3}}含rm{SiO_{2}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}等雜質(zhì)rm{)}中提取氧化鋁的兩種工藝流程如下：rm{(1)}寫出物質(zhì)的化學(xué)式rm{A}_____________，固體rm{X}__________________。____________________________rm{(2)}寫出流程甲加入鹽酸后生成rm{Al^{3+}}的離子方程式：___________________________。rm{(3)}寫出流程乙加入燒堿后生成rm{SiO}的離子方程式：___________________________。rm{(4)}為了驗證濾液rm{B}中含rm{Fe^{3+}}可取少量濾液并加入___________rm{(}填試劑名稱rm{)}rm{(5)}濾液rm{E}、rm{K}中溶質(zhì)的主要成分是_____rm{(}填化學(xué)式rm{)}寫出該溶液的一種用途：_______。rm{(6)}寫出濾液rm{D}rm{Y}中與過量rm{CO_{2}}反應(yīng)的化學(xué)方程式__________________________。26、（化學(xué)）某混合物A，含有KAl(SO4)2、Al2O3和Fe2O3，在一定條件下可實現(xiàn)下圖所示的物質(zhì)之間的轉(zhuǎn)化：據(jù)此判斷：(1)固體B的化學(xué)式為________；固體E所含物質(zhì)的化學(xué)式為________。(2)反應(yīng)①的離子方程式為____________。____(3)沉淀Ⅰ與氫氧化鈉反應(yīng)的離子方程式__________。(4)由溶液D得到固體E所需的瓷質(zhì)儀器名稱：____。(5)沉淀Ⅱ的主要成分是：____，將其溶于少量稀鹽酸所得的溶液中陽離子的檢驗最好的試劑是____。評卷人得分五、解答題(共1題，共8分)27、如圖所示；用水平力F將一物體壓在豎直墻壁上靜止不動．設(shè)物體受墻的壓力為N，摩擦力為f．那么，當(dāng)F增大時，壓力N______（填“增大”；“減小”、或“不變”），摩擦力f______（填“增大”、“減小”、或“不變”）

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【解析】

試題分析：AB線速度相等，由向心加速度可知；加速度之比為1:2

考點：向心加速度。

點評：本題考查了向心加速度的公式的理解。在公式中只有找到不變的物理量，才能建立等式判斷其他物理量，例如同一輪上角速度相等，同一根皮帶上的線速度相等。【解析】【答案】B2、A【分析】【解析】（1）運動員用雙手握住豎直的竹竿勻速上爬時；受到的摩擦力向上，因為勻速f1=G；

（2）運動員用雙手握住豎直的竹竿勻速滑下時；受到的摩擦力向上，因為勻速f2=G．

∴f1=f2,故選A。【解析】【答案】A3、B【分析】解：根據(jù)胡克定律得：

彈簧L1伸長的長度x1===0.04m=4cm

彈簧L2伸長的長度x2===0.02m=2cm

因此兩彈簧長度之和為L=2L0+x1+x2=2×10cm+4cm+2cm=26cm

故選：B

彈簧L2受到的彈力大小等于物體B的重力，彈簧L1受到的彈力大小等于兩個物體的總重力；根據(jù)胡克定律分別求出兩根彈簧伸長的長度，再求出靜止時兩彈簧伸長量之和．

對于彈簧問題，關(guān)鍵分析彈簧的狀態(tài)和彈力大小，然后結(jié)合胡克定律列式求解即可．【解析】【答案】B4、A|B|D【分析】

A；物體在起動時；速度為零，但物體具有加速度，故A正確；

B；速度是矢量時；雖然速度大小不變，但方向時刻在變，故速度仍在變化，故B正確；

C；速度恒定是指速度的大小方向均不變化；故C錯誤；

D；當(dāng)物體的加速度與速度同向時；即使加速度在減小，速度即會增大，故D正確；

故選ABD．

【解析】【答案】加速度是描述物體速度變化快慢的物理量；速度是描述物體的運動快慢的物理量；二者間沒有必然聯(lián)系．

5、C【分析】【解析】【答案】C6、B【分析】【解析】

試題分析：由開普勒第三定律可知，同步軌道上周期較大，A錯；由近地點相遠地點運動，引力做正功，動能增大，速率增大，B對；衛(wèi)星在同步軌道運動時，航天員受到的萬有引力完全提供向心力，飛船內(nèi)的航天員處于完全失重狀態(tài)，C錯；同步軌道和赤道上的物體運動角速度相同，由向心加速度公式可知同步軌道衛(wèi)星的加速度較大；D錯；

考點：萬有引力提供向心力。

點評：本題考查了通過萬有引力提供向心力的公式的推導(dǎo)，結(jié)合本題題意，判斷變軌過程中半徑變化，從而找到解題關(guān)鍵?！窘馕觥俊敬鸢浮緽7、C【分析】【分析】由可知物體的加速度所以第2s內(nèi)物體的位移

故選C。

【點評】熟練掌握勻變速直線運動的速度公式和位移公式。8、A【分析】解：研究衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動；根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式：

GmMr2=mv2r

解得：v=GMr

其中r=2R0壟脵

忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)萬有引力等于重力列出等式：GmMR02=mg

解得：GM=gR02壟脷

由壟脵壟脷

得：衛(wèi)星的速度大小v=2R0g2

故A正確．

B、根據(jù)圓周運動知識得：婁脴=vr=142gR0

故B錯誤．

C、根據(jù)圓周運動知識得：a=v2r=g4

故C錯誤．

D、根據(jù)圓周運動知識得：T=2婁脨婁脴=4婁脨2R0g

故D錯誤．

故選A．

研究衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動；根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式表示出線速度；角速度、周期、加速度等物理量．

忽略地球自轉(zhuǎn)的影響；根據(jù)萬有引力等于重力列出等式．

向心力的公式選取要根據(jù)題目提供的已知物理量或所求解的物理量選取應(yīng)用．

運用黃金代換式GM=gR2

求出問題是考試中常見的方法．【解析】A

9、B【分析】解：物體在四個共點力作用下處于平衡狀態(tài)，合力為零，F(xiàn)4的方向沿逆時針方向轉(zhuǎn)過90°角，此時其它三個力的合力與F4大小相等；方向垂直；

則物體受到的合力即為F合=F4=2N；故B正確，ACD錯誤。

故選：B。

物體受多力平衡，則多力的合力為零；則F1、F2、F3的合力與F4大小相等方向相反；則將F4轉(zhuǎn)動后，其他三力的合力不變，則變成了轉(zhuǎn)后的F4與其他三力的合力的合成；則由平行四邊形定則可求得合力。

本題中應(yīng)用了力的合成中的一個結(jié)論：當(dāng)多力合成其合力為零時，任一力與其他各力的合力大小相等方向相反?！窘馕觥緽二、多選題(共5題，共10分)10、CD【分析】解：A

物體在恒力作用下可能做曲線運動；如平拋運動，故A錯誤；

B；物體在變力作用不一定做曲線運動；如變加速直線運動，故B錯誤；

C；物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上；力可以是恒力，也可以是變力，故C正確；

D；物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上；而加速度方向與合力方向相同，則做曲線運動的物體，其初速度方向與加速度方向一定不在同一直線上，故D正確．

故選：CD

物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上；速度的方向與該點曲線的切線方向相同.

合外力可以變化，也可以不變．

本題關(guān)鍵是對質(zhì)點做曲線運動的條件的考查，掌握了做曲線運動的條件，本題基本上就可以解決了，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】CD

11、AD【分析】解：AC；第4s內(nèi)位移可能為+4m；也可能為-4m，則由位移時間公式可知：

第4s內(nèi)的初速度v滿足4=v×1-

或-4=v×1-

解得第4s內(nèi)的初速度即第4s末的末速度v=9m/s或1m/s

物體豎直上拋的初速度v0=v+gt=39m/s或31m/s

上升時間t==3.9s或3.1s；故A正確，C錯誤．

B、在4s內(nèi)的平均速度==+4m/s或-4m/s；故B錯誤．

C、當(dāng)v0=39m/s時，10s內(nèi)位移為x=v0t+=-110m．故D正確．

故選：AD

抓住第4s內(nèi)的位移可能向上；可能向下，根據(jù)勻變速直線運動的位移時間公式求出第4s內(nèi)的初速度．結(jié)合運動學(xué)公式和推論進行分析求解．

解決本題的關(guān)鍵知道豎直上拋運動的加速度不變，可以全過程研究，運用運動學(xué)公式求解，注意速度、位移、加速度的方向．【解析】【答案】AD12、CD【分析】解：A.f=婁脤mgcos婁脠

在軌道12

上傾角不同，所以摩擦力不同，故A錯誤；

B.位移是從初位置指向末位置的有向線段；故位移相同，故B錯誤；

C.設(shè)AC

與水平面的夾角為婁脕CB

與水平面的夾角為婁脗AB

與水平面的夾角為婁脠

如圖所示。

沿軌道2

運動；摩擦力做的功：Wf2=婁脤mgcos婁脕?xAC+婁脤mgcos婁脗?xCB=婁脤mg?xEF+婁脤mg?xEB=婁脤mg?xFB

沿軌道1

運動；摩擦力做的功為：Wf1=婁脤mgcos婁脠?xAB=婁脤mg?xFB=Wf2

由動能定理12mv2=WG鈭?Wf

得：物塊滑至B

點時速度大小相同；但方向不同，故C正確．

D.由C

的分析可知；兩種運動摩擦力做的功相同，所以兩種情況下?lián)p失的機械能相同，故D正確；

故選：CD

．

(1)

根據(jù)滑動摩擦力的公式即可求解；

(2)

位移是從初位置指向末位置的有向線段；

(3)

根據(jù)動能定理即可求解；但要注意方向；

(4)

損失的機械能等于克服摩擦力所做的功．

該題要求同學(xué)們能根據(jù)題目正確求出各個階段摩擦力所做的功，并結(jié)合動能定理求解，難度適中．【解析】CD

13、BCD【分析】解：A

小球從B

至C

過程；重力大于彈力，合力向下，小球加速，C

到D

重力小于彈力，合力向上，小球減速，故在C

點動能最大，故A錯誤，B正確；

C；小球下降過程中；重力和彈簧彈力做功，小球和彈簧系統(tǒng)機械能守恒；從A隆煤C

位置小球重力勢能的減少等于動能增加量和彈性勢能增加量之和。故C正確。

D；小球下降過程中；重力和彈簧彈力做功，小球和彈簧系統(tǒng)機械能守恒；從A隆煤D

位置，動能變化量為零，故小球重力勢能的減小等于彈性勢能的增加，故D正確。

故選：BCD

小球下降過程中；重力和彈簧彈力做功，小球和彈簧系統(tǒng)機械能守恒，在平衡位置C

動能最大．

本題關(guān)鍵是要明確能量的轉(zhuǎn)化情況，同時要知道在平衡位置動能最大．【解析】BCD

14、BC【分析】【分析】除重力和彈簧的彈力之外的其它力做多少功物體的機械能就改變多少，所以E鈭?x

圖象的斜率的絕對值等于物體所受的拉力的大?。蝗绻Φ扔谖矬w所受的重力，則物體做勻速直線運動；如果拉力大于物體的重力，則物體做加速向上運動。1.

除重力和彈簧的彈力之外的其它力做多少負功物體的機械能就減少多少；

2.E鈭?x

圖象的斜率的絕對值等于物體所受拉力的大?。?/p>

以上兩點是解決這類題目的突破口?！窘獯稹緼B.

由于除重力和彈簧的彈力之外的其它力做多少功物體的機械能就改變多少；所以E鈭?x

圖象的斜率的絕對值等于物體所受拉力的大小，由圖可知在0隆蘆x1

內(nèi)斜率的絕對值逐漸減小，故在0隆蘆x1

內(nèi)物體所受的拉力逐漸減小。如果拉力一直大于重力，則物體的動能一直增大。如果拉力小于重力，則物體的動能可能減小。故A錯誤B正確。

C.由于x1隆蘆x2

過程的圖線為直線；則物體在x1隆蘆x2

內(nèi)所受的合力保持不變，所以物體受到的拉力不變，故C正確。

D.由于物體在x1隆蘆x2

內(nèi)E鈭?x

圖象的斜率的絕對值不變；故物體所受的拉力保持不變。如果拉力等于物體所受的重力，故物體做勻速直線運動，所以起重機的輸出功率不變，故D錯誤。

故選：BC

【解析】BC

三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】

（1）根據(jù)共點力平衡得；

N=mgcosθ；f=mgsinθ

由f=μN得，

故物體沿斜面下滑的動摩擦因數(shù)為tanθ．

（2）物體沿斜面上滑的合力F合=mgsinθ+μmgcosθ

根據(jù)牛頓第二定律得，=2gsinθ

所以上滑的最大距離x=．

故能上滑的最大距離是．

【解析】【答案】（1）物體沿斜面勻速下滑；受到重力；支持力和滑動摩擦力處于平衡，根據(jù)共點力平衡求出支持力和滑動摩擦力，再根據(jù)f=μN求出動摩擦因數(shù)．

（2）物體沿斜面上滑時受重力；支持力和滑動摩擦力；求出物體的合力，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，運用勻變速直線運動的速度位移公式求出上滑的最大距離．

16、略

【分析】【解析】

試題分析：在地球表面，衛(wèi)星的重力充當(dāng)向心力，所以有：解得

根據(jù)公式可得

考點：考查了萬有引力定律的應(yīng)用。

點評：基礎(chǔ)題，做此類型的題目需要根據(jù)題中的信息選擇合適的公式計算【解析】【答案】17、略

【分析】解：由題，皮帶在傳動時，皮帶與輪之間不打滑，則大輪上的a點與小輪上的b點均與皮帶間保持相對靜止，有va=vb；

由有v=ωr，得到：va=raω，vb=rbω，故ωa＜ωb；

由周期與角速度的關(guān)系：T=

所以：Ta＞Tb

故答案為：=；＜，＞．

一個皮帶傳動裝置，在傳動時，若皮帶與輪之間不打滑，則大輪上的a點與小輪上的b點均與皮帶間保持相對靜止，速度是大小相等的；再根據(jù)線速度與角速度公式v=ωr分析判斷．

在皮帶與輪之間不打滑時，大輪上的點a與小輪上的點b與皮帶上的點之間保持相對靜止（即：速度大小相等）；對于線速度與角速度公式v=ωr要能熟練運用！【解析】=；＜；＞18、略

【分析】【解析】

試題分析：根據(jù)加速度的定義式得：＝1.7375m/s2

根據(jù)牛頓第二定律得：F-f=ma解得：F=3.1×103N

勻速運動時牽引力等于阻力；所以P=Fv=1500×33.3W=50kW

考點：本題考查功率、牛頓運動定律?！窘馕觥俊敬鸢浮?.1×103N50kW19、略

【分析】【解析】根據(jù)力的分解可得重力可分為沿斜面向下的力和垂直斜面向下的力，在沿斜面方向上，物體受到重力沿斜面向下的分力和沿斜面向上的滑動摩擦力，兩力平衡，故所以物體受到的摩擦力大小為【解析】【答案】____；____20、交流4～62200.02【分析】【解答】解：電磁打點計時器和電火花打點計時器都是使用交流電源的計時儀器；電磁打點計時器工作的電壓是4～6V，電火花打點計時器工作電壓是220V，當(dāng)電源頻率是50Hz時，它每隔0.02打一個點．故答案為：交流，4～6，220，0.02．

【分析】正確解答本題需要掌握：了解打點計時器的原理和具體使用，尤其是在具體實驗中的操作細節(jié)要明確，要知道打點計時器的打點頻率和周期的含義和關(guān)系．21、略

【分析】解：根據(jù)牛頓第二定律可知；加速度方向與力的方向相同，當(dāng)力與速度在同一條直線上時，加速度與速度方向在同一直線上，物體做直線運動，速度大小變化，則力只改變速度的大小，不改變速度的方向，當(dāng)力與速度垂直時，力對物體不做功，只改變速度的方向，不改變速度的大?。?/p>

故答案為：速度大??；速度方向。

加速度方向與力的方向相同；當(dāng)力與速度在同一條直線上時，物體做直線運動，有加速度，速度變化，當(dāng)力與速度垂直時，力對物體不做功，只改變速度的方向，不改變速度的大小．

解答本題要知道有加速度時，速度一定變化，可以是速度大小變化，與可以是速度方向變化，當(dāng)力與速度在同一條直線上時，力只改變速度大小，當(dāng)力與速度垂直時，力只改變速度方向．【解析】速度大?。凰俣确较?2、略

【分析】解：(1)

電磁打點計時器和電火花計時器都是使用交流電源的計時儀器；電火花式打點計時器采用220V

交流電源；打點周期為頻率的倒數(shù)，故當(dāng)電源頻率為50Hz

時，每隔0.02s

打一個點；

(2)

電磁打點計時器的工作電壓交流4V隆蘆6V

打點周期等于頻率的倒數(shù)，故當(dāng)電源的頻率為10Hz

時，它每隔0.1s

打一次點．

故答案為：(1)220

交流0.02(2)4鈭?6

交流0.1

解決實驗問題首先要掌握該實驗原理；了解實驗的儀器；操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項．

本題考查打點計時器的基本原理，對于基本儀器的使用和工作原理，我們不僅從理論上學(xué)習(xí)它，還要從實踐上去了解它，自己動手去做做，以加強基本儀器的了解和使用．【解析】220

交流；0.024鈭?6

交流；0.1

四、推斷題(共4題，共36分)23、（1）HN（2）（3）【分析】【分析】本題考查了元素的推斷、常用化學(xué)用語，為高頻考點，側(cè)重于學(xué)生的分析能力的考查，明確原子的電子層結(jié)構(gòu)是解本題的關(guān)鍵，難度不大?！窘獯稹坑衦m{A}rm{B}rm{C}rm{D}四種元素，它們原子的核電荷數(shù)依次遞增且均小于rm{18}rm{A}原子核內(nèi)僅有rm{1}個質(zhì)子，應(yīng)為rm{H}元素；rm{D}原子有兩個電子層，最外層電子數(shù)是次外層電子數(shù)的rm{3}倍，最外層電子數(shù)為rm{6}則rm{D}為rm{O}元素；rm{B}原子的電子總數(shù)與rm{D}原子的最外層電子數(shù)相等，則rm{B}為rm{C}元素；rm{A}原子與rm{B}原子的最外層電子數(shù)之和與rm{C}原子的最外層電子數(shù)相等，rm{C}原子最外層電子數(shù)為rm{5}且rm{C}的原子序數(shù)小于rm{D}所以rm{C}是rm{N}元素；

rm{(1)A}rm{C}兩種元素符號分別為rm{H}rm{N}

rm{(2)}氧離子的離子結(jié)構(gòu)示意圖為rm{(3)}水分子有三個原子，也就是三核，另外電子總數(shù)為rm{10}故符合，所以為rm{{H}_{2}O}四核的分子，為氨氣，一個分子有rm{4}個原子，也就是有四核，另外電子總數(shù)為rm{10}所以為rm{N{H}_{3}}【解析】rm{(1)H}rm{N}rm{(2)}rm{(3){H}_{2}O}rm{N{H}_{3}}24、(1)Cl2FeFeCl3(2)Fe+2H+=Fe2++H2↑2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl-(3)因Cl2+H2O=HCl+HClO，HCl使石蕊試液變紅，HClO具有漂白性，Cl2+H2O=HCl+HClO使石蕊試液變紅，HCl具有漂白性HClO(4))KSCN溶液1nm-100nm是否有丁達爾效應(yīng)?【分析】【分析】本題考查無機物的推斷，題目難度不大。

【解答】

rm{(1)A}rm{(1)A}為溶于水所得的溶液可使石蕊試液先變紅后退色，則說明rm{A}為rm{Cl}rm{A}rm{A}rm{Cl}和rm{Cl}，能使石蕊試液先變紅后褪色，的水溶液為淺綠色溶液，說明rm{2}中含有rm{2}，與水反應(yīng)生成rm{HCl}和rm{HClO}，能使石蕊試液先變紅后褪色，rm{F}的水溶液為淺綠色溶液，說明rm{B}中含有rm{Fe}rm{HCl}rm{HCl}rm{HClO}rm{HClO}，則rm{F}為rm{F}rm{B}rm{B}為rm{Fe}，則rm{Fe}為rm{{,!}^{2+}}，能繼續(xù)和rm{Cl}為rm{Cl}；rm{Cl}rm{2}rm{2}；反應(yīng)生成rm{D}，則rm{D}為rm{FeCl}rm{D}rm{D}rm{D}rm{D}rm{FeCl}為rm{FeCl}和鹽酸的反應(yīng)，反應(yīng)的離子方程式為rm{3}rm{3}，所以rm{B}為rm{Fe}，則rm{C}為rm{H}rm{B}rm{B}rm{Fe}rm{Fe}rm{C}rm{C}rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}，rm{E}為rm{HCl}；rm{E}rm{E}rm{HCl}rm{HCl}故答案為：rm{Cl}rm{Cl}rm{Cl}rm{2}rm{2}；rm{Fe}；rm{FeCl}rm{Fe}rm{Fe}故答案為：rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}；rm{(2)}rm{(2)}反應(yīng)rm{壟脵}為rm{Fe}和鹽酸的反應(yīng)，反應(yīng)的離子方程式為rm{Fe+2H}rm{壟脵}rm{Fe}rm{Fe}rm{Fe+2H}rm{Fe+2H}rm{{,!}^{+}}

rm{簍T}rm{Fe}rm{簍T}rm{Fe}和rm{Fe}，涉及反應(yīng)為rm{{,!}^{2+}}rm{+H}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{隆眉}rm{FeCl}具有酸性，rm{隆眉}具有氧化性和漂白性，可使石蕊試液褪色；rm{FeCl}rm{FeCl}rm{2}rm{2}具有還原性，能與具有氧化性的rm{Cl}rm{Cl}rm{Cl}使石蕊試液變紅，rm{2}具有漂白性；rm{2}反應(yīng)生成rm{FeCl}rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}溶液，觀察溶液是否變紅，具體做法為取少量溶液于試管中，滴加兩滴，反應(yīng)的離子方程式為rm{2Fe}溶液，觀察溶液是否變紅色，將飽和rm{2Fe}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+Cl}rm{+Cl}之間，具有丁達爾效應(yīng)；rm{2}故答案為：rm{2}溶液；rm{簍T}rm{2Fe}是否有丁達爾效應(yīng)。rm{簍T}【解析】rm{(1)Cl_{2}}rm{Fe}rm{FeCl_{3}}rm{(1)Cl_{2}}rm{Fe}rm{(2)Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{FeCl_{3}}rm{(2)

Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{(2)

Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{隆眉}，rm{2Fe^{2+}+Cl_{2}=2Fe^{3+}+2Cl^{-}}使石蕊試液變紅，rm{2Fe^{2+}+Cl_{2}=2Fe^{3+}+2Cl^{-}}具有漂白性rm{(3)}rm{(3)}因rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}，rm{HCl}使石蕊試液變紅，rm{HClO}具有漂白性rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}rm{HCl}溶液rm{HCl}是否有丁達爾效應(yīng)rm{HClO}rm{HClO}25、（1）SiO2MgO、Fe2O3

（2）Al2O3+6H+=2Al3++3H2O

（3）SiO2+2OH-══SiO32-+H2O

（4）硫氰化鉀

（5）NaHCO3滅火器或制糕點NaAlO2+CO2+2H2O=Al(OH)3↓+NaHCO3【分析】【分析】本題以氧化鋁提取工藝流程為載體，考查無機物推斷、元素化合物性質(zhì)及相互轉(zhuǎn)化、除雜的方法、離子方程式等?！窘獯稹坑晒に嚵鞒碳卓芍X土礦與鹽酸反應(yīng)得固體rm{A}和濾液rm{B}則固體rm{A}為rm{SiO_{2}}濾液rm{B}含有氯化鋁、氯化鐵、氯化鎂等，濾液中加入過量的rm{NaOH}可推知沉淀rm{C}為氫氧化鐵、氫氧化鎂，濾液rm{D}含有偏鋁酸鈉、氯化鈉，所以向濾液rm{D}中通入過量二氧化碳，生成氫氧化鋁沉淀與碳酸氫鈉，沉淀rm{F}為rm{Al(OH)_{3}}濾液rm{E}中含有rm{NaCl}rm{NaHCO_{3}}根據(jù)工藝流程乙可知，鋁土礦中的rm{Al_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}能和氫氧化鈉反應(yīng)，可知固體rm{X}為rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}等，濾液rm{Y}為硅酸鈉、偏鋁酸鈉，濾液中通入過量二氧化碳，沉淀rm{Z}為rm{Al(OH)_{3}}硅酸，濾液rm{K}中含有rm{NaHCO_{3}}則rm{(1)}由分析可知，rm{A}為rm{SiO_{2}}固體rm{X}為rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}故答案為：rm{SiO_{2}}；rm{MgO}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{(2)Al_{2}O_{3}}與鹽酸反應(yīng)生成氯化鋁和水，氧化物不能拆，離子方程式為：rm{Al_{2}O_{3}+6H^{+}簍T2Al^{3+}+3H_{2}O}故答案為：rm{Al_{2}O_{3}+6H