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文檔簡介
1、第十章: 恒 定 電 流,第2講 電功、電功率、電阻的串并聯(lián),重點難點詮釋04,典型例題剖析07,適時仿真訓練12,目 錄,重點難點詮釋,跟蹤練習1 (2007海南)一白熾燈泡的額定功率與額定電壓分別為36 W與36 V.若把此燈泡接到輸出電壓為18 V的電源兩端,則燈泡消耗的電功率( ) A.等于36 W B.小于36 W,大于9 W C.等于9 W D.小于36 W,解析 實際的白熾燈泡的電阻隨溫度的升高而增大,隨電壓的降低(功率減小溫度降低)而減小,由 可知9 W P 36 W,故選項B正確.,答案 B,跟蹤練習2 如圖所示的電路中,輸入電壓U恒為12 V,燈泡L上標有“6 V,12 W
2、”字樣,電動機線圈的電阻RM=0.50 ,若燈泡恰能正常發(fā)光,以下說法中正確的是( ) A.電動機的輸入功率為12 W B.電動機的輸出功率為12 W C.電動機的熱功率為2.0 W D.整個電路消耗的電功率為22 W,重點難點詮釋,解析 本題考查閉合電路的歐姆定律,注意電動機為非純電阻電路,歐姆定律對電動機不再適用.燈泡L正常發(fā)光, 則IL= =2 A,所以,電路中的電流I=2 A,故整個電路消耗 的總功率P總=UI=24 W,D錯;電動機的輸入功率等于P總P燈=12 W,A對,B錯;電動機的熱功率P燃=I2RM=2.0 W,C對.,答案 AC,重點難點詮釋,跟蹤練習3 在總電壓不變的條件下
3、,黃昏時電燈比深夜暗,是因為黃昏時( ) A.線路中總電阻變大,電流變小 B.總電流一定,支路增多分去了電流 C.干線電流過大,線路損失電壓增大 D.總電阻變小,每支路電流增大,解析 黃昏時剛好是用電高峰期,用戶多,總電阻減小,干線電流過大,線路損失電壓增大.選項C正確.,答案 C,典型例題剖析,例2 兩個額定電壓為220 V的白熾燈L1和L2的UI特性曲線如圖所示.L2的額定功率約為 W,現(xiàn)將L1和L2串聯(lián)后接在220 V的電源上,電源內阻忽略不計,此時L2的實際功率約為 W.,解析 由L2燈的UI 圖線可知,燈L2在220 V額定電壓下,流過燈L2的電流為I =0.45 A, 則燈L2的額
4、定功率 P額=IU=0.45220 V=99 W.,典型例題剖析,當L1和L2串聯(lián)在一起后接到220 V電壓上時,流過是電燈L1和L2的電流及兩燈的電壓滿足 I1=I2 U1+U2=220 V 由L1和L2的UI圖線可知 I1=I2=0.25 A U1=152 V,U2=68 V, 故燈L2的實際功率 P實=I1U2=0.2568 W=17.0 W.,答案 99 17.0,典型例題剖析,例3 某一用直流電動機提升重物的裝置,重物的質量m=50 kg,電源電壓為120 V.當電動機以v=0.9 m/s的恒定速度向上提升重物時,電路中的電流I=5 A.求: (1)電動機線圈的電阻R等于多少? (2
5、)電動機對該重物的最大提升速度是多少? (3)若因故障電動機不能轉動,這時通過電動機線圈的電流多大?電動機消耗的電功率又為多大?,解析 電動機是非純電阻,它從電源獲取的電功率一部分轉化為線圈的發(fā)熱功率,另一部分轉化為提升重物的機械功率,它們三者之間的關系滿足 P電=P熱+P機, 其中P電=UI,P熱=I2R,P機=mgv.,典型例題剖析,(1)P電=P熱+P機,即UI=I2R+mgv. (2)由P電=P熱+P機,得:P機=P電P熱=UII2R. 因為電動機線圈電阻R=6 ,電源電壓U=120 V,均為定值,調節(jié)輸入電機線圈的電流I,P機可有最大值,為此對上式進行配方,有: 當I= 時,P機有最大值,即I= =10 A時,電動機獲 得的最大機械功率為,典型例題剖析,由P機=mgv得重物的最大提升速度為: (3)電動機轉動時為非能電阻,此時UIR或IU/R.當因故障停轉后,電動機轉化為純電阻,此時U=IR或I=U/R,故電流 增大了.此時電流 . 電動機消耗的電功率為: P機=P電=P熱=I2R=2026 W=2400 W. 這個電功率比電動機正常工作時的電功率大多了,如果電動機在這種狀態(tài)下工作,就可能被燒壞.,答案 (1)6 (2)1.2
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