河北省衡水市深州市中學(xué)2019_2020學(xué)年高二物理下學(xué)期期中試題鴨含解析

1、河北省衡水市深州市中學(xué)2019-2020學(xué)年高二物理下學(xué)期期中試題（選考，含解析）第卷（選擇題共70分）一、選擇題（15小題共70分，1-10在每小題給出的四個選項中，只有一個選項符合題意，答對4分，選錯或不答的得0分，1115為多選，有兩個或兩個以上的符合題意答案，全部選對的6分，少選得3分，不選或選錯得0分 ）單選題部分：1. 以下有關(guān)電動勢的說法中正確的是()a. 電源的電動勢跟電源內(nèi)非靜電力做的功成正比，跟通過的電荷量成反比b. 電動勢的單位跟電壓的單位一致，所以電動勢就是電源兩極間的電壓c. 非靜電力做的功越多，電動勢就越大d. 只是電動勢的定義式而非決定式，電動勢的大小是由電源內(nèi)非

2、靜電力的特性決定的【答案】d【解析】【詳解】電源內(nèi)部非靜電力把正電荷從電源負極移送到正極，根據(jù)電動勢的定義式可知，電動勢等于非靜電力把單位正電荷從電源負極移送到正極所做的功屬于比值定義，電動勢e與w、q及體積和外電路無關(guān)，由電源內(nèi)非靜電力的特性決定故a錯誤，d正確；電動勢和電壓雖然單位相同，但是二者具有不同的性質(zhì)，不能說電動勢就是電壓；故b錯誤；非靜電力做功的多少與時間有關(guān)，電動勢很小，若時間很長也可以做功很多；故c錯誤；故選d【點睛】本題考查電動勢的物理意義要注意電動勢與電壓是兩個不同的概念，不能說電動勢就是電壓2. 用伏安法測某一電阻時，如果采用如圖所示甲電路，測量值為r1，如果采用乙電路

3、，測量值為r2，那么r1 、r2與真實值r之間滿足關(guān)系（ ）a. b. c. d. 【答案】c【解析】【詳解】甲圖均為并聯(lián)部分的電壓電流，所以測量值為電壓表內(nèi)阻與電阻的并聯(lián)值，小于電阻值，即乙圖均為串聯(lián)部分的電壓電流，所以測量值為電流內(nèi)阻與電阻的串聯(lián)值，大于電阻值，即，c對3. 將兩個相同的靈敏電流計表頭，分別改裝成一只較大量程電流表和一只較大量程電壓表，一個同學(xué)在做實驗時誤將這兩個表串聯(lián)起來，則( )a. 兩表頭指針都不偏轉(zhuǎn)b. 兩表頭指針偏角相同c. 改裝成電流表的表頭指針有偏轉(zhuǎn)，改裝成電壓表的表頭指針幾乎不偏轉(zhuǎn)d. 改裝成電壓表的表頭指針有偏轉(zhuǎn)，改裝成電流表的表頭指針幾乎不偏轉(zhuǎn)【答案】d

4、【解析】【分析】電流表改裝成電壓表是串聯(lián)較大的分壓電阻；電流表改裝成大量程電流表是并聯(lián)較小的分流電阻；將電壓表和電流表串聯(lián)，分析通過表頭的電流關(guān)系，判斷指針偏轉(zhuǎn)角度的大小【詳解】電流表改裝成電壓表是串聯(lián)較大的分壓電阻；電流表改裝成大量程電流表是并聯(lián)較小的分流電阻；兩表串聯(lián)后，通過電流表的總電流與電壓表的電流相等，由于電流表改裝成大量程電流表是并聯(lián)較小的分流電阻，所以大部分電流通過了分流電阻，通過表頭的電流很小，所以電流表的指針幾乎不偏轉(zhuǎn)；電壓表的指針有偏轉(zhuǎn)故d正確，abc錯誤故選d4. 在純電阻電路中，當(dāng)用一個固定的電源（設(shè)e、r為定值）向變化的外電阻供電時，關(guān)于電源的輸出功率p隨外電阻p變化

5、的規(guī)律如圖所示，則下列說法錯誤的是a. 當(dāng)r=r時，電源有最大的輸出功率b. 當(dāng)r=r時，電源的效率=50%c. 電源的輸出功率p隨外電阻r的增大而增大d. 電源的效率隨外電阻r的增大而增大【答案】c【解析】【詳解】ac該圖象反映了電源的輸出功率p隨外電阻r變化的規(guī)律，由圖看出，電源的輸出功率隨著外電阻的增大先增大后減小，當(dāng)r=r時，電源有最大的輸出功率，故a正確，c錯誤；b當(dāng)r=r時，路端電壓與電源的內(nèi)電壓，則u=0.5e，電源的效率= ，故b正確；d電源的效率= ，則知r增大時，電源的效率增大，故d正確5. 如圖所示電路中，電源的內(nèi)阻為r，三只燈泡原來都正常發(fā)光，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭p向

6、左移動時，下面的判斷不正確的是（ ）a. 變亮b. 變亮c. 變亮d. 路端電壓變小【答案】b【解析】【詳解】a當(dāng)滑片左移時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流增大，即通過的電流變大，故l1變亮，a正確，不符合題意；b電路中總電流增大，故內(nèi)電壓及兩端的電壓增大，而電動勢不變，故并聯(lián)部分的電壓減小，故變暗，b錯誤，符合題意；c因中電流減小，干路電流增大，故流過的電流增大，故變亮，c正確，不符合題意；d因總電流變大，則由可知，路端電壓變小，d正確，不符合題意6. 某同學(xué)在研究三種導(dǎo)電元件的伏安特性曲線時，他根據(jù)實驗中所測得的數(shù)據(jù)，分別繪制了iu圖線如圖甲

7、、乙、丙所示下列說法正確的是()a. 圖甲的元件可以作為標(biāo)準電阻使用b. 圖乙的元件的電阻隨電壓升高而減小c. 圖丙的元件的電阻隨電壓升高而增大d. 以上說法均不正確【答案】a【解析】【詳解】由圖甲可知，甲的元件電阻保持不變；可以作為標(biāo)準電阻使用；故a正確；圖乙中隨電壓的增大，圖象的斜率減小，則說明電阻在增大；故b錯誤；圖丙的電阻隨電壓的增大而減小；故c錯誤；d錯誤；故選a【點睛】伏安特性曲線能得出電流隨電壓的變化關(guān)系，則由歐姆定律可得出電阻的變化；同時注意線性元件及非線性元件的伏安特性曲線的區(qū)別7. 如圖所示是由電源、靈敏電流計、滑動變阻器和平行板電容器組成的電路，閉合開關(guān)，在下列四個過程中

8、，為使靈敏電流計中有到電流，下列做法可行的是a. 在平行板電容器中插入一塊塑料板b. 增大平行板電容器兩極板間的距離c. 滑動變阻器的滑片向右滑動d. 減小平行板電容器兩極板的正對面積【答案】a【解析】【分析】根據(jù)題圖可知，考查了含容電路；電路穩(wěn)定時，該電路中沒有電流，滑動變阻器r上沒有電壓根據(jù)電容的決定式分析電容如何變化，由電容的定義式分析電容器所帶電量如何變化，就能判斷電路中電流的方向【詳解】a、在平行板電容器中插入電介質(zhì)，根據(jù)電容的決定式分析得知電容增大，而電容器的電壓不變，則電容的定義式分析得知電容器所帶電量增加，將要充電，電路中形成逆時針方向的充電電流，有b到a方向的電流通過電流計故

9、a正確；b、增大平行板電容器兩極板間的距離，根據(jù)電容的決定式分析得知電容減小，而電容器的電壓不變，則電容的定義式分析得知電容器所帶電量減小，將要放電，有a到b方向的電流通過電流計故b錯誤；c、電路穩(wěn)定時，該電路中沒有電流，移動滑動變阻器r的滑片，電容器的電壓不變，電路中仍沒有電流故c錯誤；d、減小平行板電容器兩極板的正對面積，根據(jù)電容的決定式分析得知電容減小，而電容器的電壓不變，則電容的定義式分析得知電容器所帶電量減小，將要放電，有a到b方向的電流通過電流計故d錯誤點睛】當(dāng)電容器保持與電源相連時，電壓不變只有電容器充電或放電時，電路中才有電路8. 如圖所示，一根長為l，橫截面積為s的金屬棒，其

10、材料的電阻為r，棒內(nèi)單位體積自由電子數(shù)為n，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e。在棒兩端加上恒定的電壓時，棒內(nèi)產(chǎn)生電流，自由電子定向運動的平均速率為v，則金屬棒內(nèi)的電場強度大小為（）a. b. c. d. 【答案】c【解析】【詳解】根據(jù)歐姆定律：，電流的微觀表達式：i=nesv，勻強電場強度表達式：，聯(lián)立解得故c正確abd錯誤。故選c。9. 如圖所示，實線是一個電場中的電場線，虛線是一個負檢驗電荷在這個電場中的軌跡，若電荷是從a處運動到b處。關(guān)于電荷在a、b兩處，以下判斷正確的是（）a. b處加速度較小b. b處電勢能小c. b處電勢高d. 電荷在b處速度小【答案】d【解析】【詳解】ab處的電場線比a

11、處的電場線密，說明b處的場強大于a處的場強。根據(jù)牛頓第二定律，檢驗電荷在b處的加速度大于在a處的加速度，a錯誤；b根據(jù)檢驗電荷的位移與所受電場力的夾角大于90，可知電場力對檢驗電荷做負功。功是能量變化的量度，可判斷由a到b電勢能增加，b錯誤；c由圖可知，電荷做曲線運動，必受到不等于零合外力，且電場力的方向應(yīng)指向運動軌跡的凹向。因為檢驗電荷帶負電，所以電場線指向是從疏到密。再利用“電場線方向為電勢降低最快的方向”判斷a處電勢較高，c錯誤；d根據(jù)檢驗電荷的位移與所受電場力的夾角大于90，可知電場力對檢驗電荷做負功，所以電荷在b處速度小，d正確。故選d。10. 如圖所示，質(zhì)量相同的兩個帶電粒子p、q

12、以相同的速度沿垂直于電場方向射入兩平行板間的勻強電場中，p從兩極板正中央射入，q從下極板邊緣處射入，它們最后打在同一點（重力不計），則從開始射入到打到上極板的過程中（）a. 它們運動的時間tqtpb. 它們運動的加速度aqapc. 它們所帶的電荷量之比qpqq=12d. 它們的動能增加量之比ekpekq=12【答案】c【解析】【詳解】a帶電粒子在電場中做類平拋運動，由s=vt 可得p、q運動的時間應(yīng)相等，選項a錯誤；b平行電場方向受到電場力，做初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)位移時間關(guān)系公式，有解得由于平行電場方向的位移之比為1：2，所以aqap故b錯誤；c根據(jù)牛頓第二定律，有qe=ma解得所

13、以p、q的電荷量之比為qpqq=1：2，選項c正確；d由動能定理有qey=ek而qp：qq=1：2，yp：yq=1：2，所以選項d錯誤。故選c。多選題部分：11. 三個阻值都為6的電阻，若它們?nèi)我饨M合連接，則總電阻可能為（）a. 2b. 6c. 8d. 9【答案】ad【解析】【分析】三個相同電阻可以有四種連接方式：三個電阻串聯(lián)、三個電阻并聯(lián)、兩個電阻串聯(lián)后與第三個電阻并聯(lián)，兩個電阻并聯(lián)后與第三個電阻串聯(lián)，分析求出阻值【詳解】當(dāng)三個電阻串聯(lián)時，獲得的總阻值為 r總1=3r=36=18；當(dāng)三個電阻并聯(lián)時，獲得的總阻值為；當(dāng)兩個電阻串聯(lián)后與第三個電阻并聯(lián)，獲得的總阻值為；當(dāng)兩個電阻并聯(lián)后與第三個電阻

14、串聯(lián)，獲得的總阻值為 ，故ad正確，bc錯誤【點睛】本題考查串并聯(lián)電路中電阻的計算，對于電阻的連接方式考慮要全面，不能遺漏注意串并聯(lián)電路中電阻的計算方法12. 如圖所示，直線a為某電源的ui圖線，曲線b為某小燈泡l的ui圖線的一部分，用該電源和小燈泡l串聯(lián)起來組成閉合回路時燈泡l恰能正常發(fā)光，則下列說法中正確的是（）a. 此電源的內(nèi)阻為0.67 b. 燈泡l的額定電壓為3 v，額定功率為6 wc. 把燈泡l換成阻值恒為1 的純電阻，電源的輸出功率將變大，效率將升高d. 小燈泡l的電阻隨通過電流的增大而增大【答案】bd【解析】【詳解】a由圖讀出電源的電動勢為 e4v，圖線a的斜率大小表示電源的內(nèi)

15、阻，則故a錯誤；b燈泡與電源連接時，ab兩圖線的交點表示燈泡的工作狀態(tài)，則知其電壓u3v，i2a，則燈泡l的額定電壓為3v，功率為故b正確；c把燈泡l的電阻換成一個1的定值電阻，可知其電阻更接近電源的內(nèi)阻，根據(jù)推論：電源的內(nèi)外電阻相等時電源的輸出功率最大，知把燈泡l換成一個1的定值電阻，電源的輸出功率將變大，而效率外電阻變小，效率變低，故c錯誤；d小燈泡的ui圖線之所以是一條曲線，由圖可以看出，小燈泡l的電阻隨通過電流的增大而增大，故d正確。故選bd。13. 如圖，直線oac為某一直流電源的總功率隨電流i變化的圖線，拋物線obc為該電源內(nèi)部熱功率p隨電流i變化的圖線。若a、b對應(yīng)的橫坐標(biāo)為2

16、a。則下列判斷正確的是（）a. 該電源的電動勢為3 v，內(nèi)電阻為3 b. 當(dāng)總電流i=1 a時，電源的輸出功率為1 wc. 當(dāng)總電流i=1 a時，電源的輸出功率為2 wd. 當(dāng)總電流i=1.5 a時，電源的輸出功率最大，為2.25 w【答案】cd【解析】【詳解】a從圖象可知：有兩個交點，o點處是沒有通電，而c處它們的電功率相等，說明電源短接，根據(jù)p=i2r，p=ui可得r=1，e=3v，a錯誤；bc根據(jù)閉合電路歐姆定律e=i(r+r)當(dāng)電路中電流為1a時，外電路的電阻r=2，電源的輸出功率為p=i2r=2wb錯誤，c正確；d當(dāng)外電路電阻等于內(nèi)阻時，電源的輸出功率最大，此時電路中電流為=1.5a

17、電源的輸出功率最大，則有d正確。故選cd。14. 把表頭g改裝成大量程電流表時，下列說法正確的是（）a. 改裝原理為并聯(lián)電阻能增大通過g的電流b. 改裝成電流表后，表頭g本身允許通過的最大電流并不改變c. 改裝后，表頭g自身的電阻減小了d. 改裝后使用時，表頭g本身的參量都不改變，整個并聯(lián)電路允許通過的電流增大了【答案】bd【解析】【詳解】ab把表頭g改裝成電流表應(yīng)并聯(lián)一個分流電阻，并聯(lián)電阻后，通過表頭g的最大電流不變，故a錯誤，b正確；c改裝后，表頭電阻不變，改裝后電流表總電阻減小，故c錯誤；d改裝后，表頭參數(shù)，如滿偏電流與內(nèi)阻等參數(shù)不變，整個并聯(lián)電路允許通過的最大電流增大，故d正確。故選b

18、d。15. 如圖所示，電路中電源電動勢為e，內(nèi)阻為r，c為電容器，l為小燈泡，r為定值電阻，閉合電鍵，小燈泡能正常發(fā)光現(xiàn)將滑動變阻器滑片向右滑動一段距離，滑動前后理想電壓表v1、v2示數(shù)變化量的絕對值分別為，理想電流表a示數(shù)變化量的絕對值為，則（ ）a. 電流表示數(shù)變大，v2示數(shù)變小b 燈泡亮度逐漸變暗c. 與均保持不變，且前者小于后者d. 當(dāng)電路穩(wěn)定后，斷開電鍵，小燈泡逐漸變暗至熄滅【答案】acd【解析】【詳解】a將滑動變阻器滑片向右滑動時接入電路的電阻減小，總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定理可知電路中電流增大，電流表a的示數(shù)增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電壓表v2示數(shù)減小，故a正確；b電路中

19、電流增大，通過燈泡的電流增大，所以燈泡變亮，故b錯誤；c根據(jù)可得，保持不變；根據(jù)可得，保持不變，且有，故c正確；d當(dāng)電路穩(wěn)定后，斷開電鍵，電容器通過燈泡和變阻器放電，所以小燈泡不會立即熄滅，會逐漸變暗至熄滅，故d正確第卷（非選擇題 共30分）二、實驗題（本題共1小題，共計10分，每空2分。）16. 用伏安法測量某一小燈泡的伏安特性曲線，現(xiàn)有實驗器材如下：a小燈泡（額定電壓2.5v，額定電流0.3a）b電流表（量程0.6a，內(nèi)阻約0.125）c電流表（量程3a，內(nèi)阻約0025）d電壓表（量程3v，內(nèi)阻約3k）e滑動變阻器（0-10）f滑動變阻器（0-2000）g電源（電動勢3v。內(nèi)阻不計）h開關(guān)

20、和導(dǎo)線若干為了方便測量且測量結(jié)果盡量準確，電流表應(yīng)選_；滑動變阻器應(yīng)選_。（選填器材前的字母）為了獲得更準確的伏安特性曲線，實驗電路應(yīng)選用圖中的_（填字母代號）。a. b. c. d. 閉合開關(guān)前電路圖中的滑動變阻器的滑片應(yīng)該置于最_端（選填“左”“右”）。閉合開關(guān)，移動滑動變阻器的滑片的位置，發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)逐漸增大，但電流表指針卻幾乎不動，電路的故障可能為_。【答案】 (1). b (2). e (3). b (4). 左 (5). 燈泡斷路【解析】【詳解】12為了方便測量且測量結(jié)果盡量準確，因小燈泡的額定電流為0.3a，則電流表應(yīng)選b；滑動變阻器要接成分壓電路，則應(yīng)選阻值較小的e；3因電

21、壓表內(nèi)阻遠大于小燈泡的電阻，則應(yīng)該采用電流表外接電路，滑動變阻器接成分壓電路，即為了獲得更準確的伏安特性曲線，實驗電路應(yīng)選用圖中的b；4閉合開關(guān)前，使燈泡兩端的電壓從零開始增加，則電路圖中的滑動變阻器的滑片應(yīng)該置于最左端；5閉合開關(guān)，移動滑動變阻器的滑片的位置，發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)逐漸增大，但電流表指針卻幾乎不動，電路的故障可能為燈泡發(fā)生了斷路。三、計算題（本題共2小題，計20分，解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）17. 工作出差時移動電源已經(jīng)是智能手機的最佳搭配，用電動勢為5v的電源給手機充電時，測得電源兩極間的電壓為4.5v，已知電源