滑塊木板模型

1、滑塊木板模型力/7?的物塊.物塊與木板的接觸而的足夠長(zhǎng)木板靜止在水平而上，其上放質(zhì)量為如圖所示，質(zhì) 雖為.Faaw2示木板、物塊的加速度和=時(shí)刻起，給物塊施加水平恒力和分別用、是光滑 的.從.0柿速度大小，下列圖象符合運(yùn)動(dòng)情況的是）（Oo. DAB C如圖所示，足夠長(zhǎng)的木板靜止在光滑水平面上，一物塊靜止在木板上，木板和物塊間有摩多選）2（擦.現(xiàn)用水平力向右拉木板，當(dāng)物塊相對(duì)木板滑動(dòng)了 - 段距離但仍有相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)，撤掉拉力，此后木板和物塊相對(duì)于水平面的運(yùn)動(dòng)情況 為）（4Nrzaa umgmaBFa卩mgmaa、，則=也向右加速，加速度為=右加 速，加速度為，貝iJ, -： =m/s3和“趣&朋厶

2、即一從=的左端運(yùn)動(dòng)到右端，則有心.一，代 入數(shù)據(jù)，解得= =0.8 s.l nMs“5.【答案】(3)6kg(2)0.1(l)0.2力-【解析】由圖象可知, 內(nèi)的加速度在1s(l)0 , = = -2m/sA由牛頓第二定探得，對(duì)enigma =一小=解得02蟲(chóng)3在一內(nèi)的加速度 由圖象知，3sl(2)h?a = , = 1 tn/sAB 由牛頓第二定律得.對(duì)MmgMma =)(0口=解得 0.1.?辺二時(shí)iiaB =內(nèi)的加速度一由圖象可知在=.(3)01 s2 m/s；B n mg p MmgMa對(duì)一由牛頓第二定律得，+=)(”i/?7=代入數(shù)據(jù)解得6 kg.?向右6.【答 案】(3)1 m/s

3、(l)0.5 N(2)lnVs滑塊所受摩擦力為滑動(dòng)摩擦力【解析】(l)F/g=，方向向左= 0.5 N,根據(jù)牛頓第三定律，滑塊對(duì)木板的摩擦力力向向右，人小為0.5N “mgma由牛頓第二定 律得：=(2)? Pga 得岀=1 nVsmXf? uga =木板的加速度=0.5 m/s (3)少，則滿(mǎn)足：，滑塊和長(zhǎng)木板達(dá)到共同速度設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間vvat對(duì)滑塊：一 =.vat對(duì)長(zhǎng)木板：=尸由以上兩式得：滑塊和長(zhǎng)木板達(dá)到的共同速度1 m/s【答案】7.(3)2.1 m(l)2 m/s(2)l s0.5 m/s“g =,【解析】小物塊的加速度=2 m/s“F-沁Xf2.= =小車(chē)的加速度0.5 nVsxi/f

4、= +,解得：由=1 s.(2)“no從小物塊放上小車(chē)開(kāi)始內(nèi)，小物 塊的位移ls(3)12?s=, = 1 =末小物塊的速度2 m，sl s“Fif* w在接下來(lái)的內(nèi)小物塊與小車(chē)相對(duì)靜ll：,起做加速運(yùn)動(dòng)，且加速度= 0.8 m/s0.5 s121atvtx +=這內(nèi)小物塊的位移=,1.1 m0.5 sxxx = +小物塊內(nèi)通過(guò)的總位移= 2.1 m l.5 s?l8【答案】(3)1 m(2)l s(l)3.6 mga“ =【解析】由牛頓第二定綁得，5 nVs(l)；x= 3.6 nma “g=對(duì)=：5 nVs(2)辺agmgMaM ：=對(duì)1小滑塊相對(duì)木板處于靜止時(shí)，速度相等.一1 Srio1厶:處=木板在達(dá)共速前先做勻加速運(yùn)動(dòng)(3) =0.5 m、)f加 速度= lm/s“3做勻減速運(yùn)動(dòng)以后木板與物