2021年安徽省阜陽(yáng)市高考物理質(zhì)檢試卷

2021年安徽省阜陽(yáng)市高考物理質(zhì)檢試卷

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.現(xiàn)代物理學(xué)以相對(duì)論和量子力學(xué)為基礎(chǔ)，它的研究范圍涵蓋了從基本粒子到宇宙天

體的各個(gè)領(lǐng)域，形成了許多分支學(xué)科和邊緣學(xué)科。下列說(shuō)法正確的是（）

A.湯姆孫首先發(fā)現(xiàn)了電子

B,若入射光的頻率和強(qiáng)度不變，增大光電管兩極所加正向電壓，飽和電流增加

C.在康普頓效應(yīng)中，入射光子與晶體中的電子碰撞，有些光子散射后的波長(zhǎng)變短

D.結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定

2.以6兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的速度一時(shí)間圖像如圖。下列說(shuō)法正

確的是（）

A.在0?6s內(nèi)，〃、人均做曲線運(yùn)動(dòng)

B.第3s末，”的加速度比b的加速度大

C.在0?3s內(nèi)，”的平均速度大于》的平均速度

D.在3s?6s內(nèi)，。的平均速度大于2m/s

3.2020年12月1日，“嫦娥五號(hào)”探測(cè)器在月球預(yù)選著陸區(qū)成功著陸。若“嫦娥五

號(hào)”著陸前在月球表面附近繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，月球的平均密度為p、半徑為

R，引力常量為G,則“嫦娥五號(hào)”繞月球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小為（）

A卜九GpB卜冗pR2C卜兀GpRDl^nGpR2

y]3Ry]3G\3y]3

4.在圖甲電路中，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為2：1,電壓表為理想電表，

定值電阻&-0.8。、R2-20、R3=30,變壓器原線圈兩端a、匕接正弦交流電源

后，通過(guò)/?2的電流隨時(shí)間f的變化規(guī)律如圖乙。下列說(shuō)法正確的是（）

6

A.通過(guò)電阻治的電流方向每秒鐘改變50次

B.變壓器的輸入電流為2.54

C.電壓表的示數(shù)為6V

D.變壓器的輸入功率為25W

5.如圖，AB是固定在豎直面內(nèi)的:光滑圓弧軌道，圓弧軌道最低

6

點(diǎn)H的切線水平，最高點(diǎn)A到水平地面的高度為兒現(xiàn)使一小

球（視為質(zhì)點(diǎn)）從A點(diǎn)由靜止釋放。不計(jì)空氣阻力，小球落地點(diǎn)

到3點(diǎn)的最大水平距離為（）

A.-B.且無(wú)C./JD.2h

22

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

6.半徑為R、均勻帶正電的絕緣球體在空間產(chǎn)生對(duì)稱的電

場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度沿半徑方向隨距離球心的位置變化的關(guān)系

如圖所示（其中距離0?R范圍內(nèi)的圖像未畫(huà)出）。已知電

荷分布均勻的球殼在殼內(nèi)任意一點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，

過(guò)球心的直線上有A、B兩點(diǎn)，離球心的距離分別為2R、

3R,則下列說(shuō)法正確的是（）

A.E-r圖線與坐標(biāo)軸包圍的圖形面積所表示的物理量單位為牛頓

B.球體內(nèi)某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與該點(diǎn)到球心的距離成正比

C.一個(gè)帶負(fù)電的點(diǎn)電荷離均勻帶電球體越近，其所具有的電勢(shì)能越小

D.從球面到A點(diǎn)間的電勢(shì)差小于A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差

7.如圖，建筑工人用磚夾豎直搬運(yùn)四塊相同的磚，每塊磚

的質(zhì)量均為如重力加速度大小為g。下列說(shuō)法正確的是

1234」

（）____

A.當(dāng)磚靜止時(shí)，磚塊4對(duì)磚塊3的摩擦力大小為3mg

B.當(dāng)磚靜止時(shí)，磚塊2對(duì)磚塊3的摩擦力為零

C.當(dāng)將四塊磚一起豎直向上加速提起時(shí)，磚塊4對(duì)磚塊3的摩擦力大小為小g

D.當(dāng)將四塊磚一起豎直向上加速提起時(shí)，磚塊2對(duì)磚塊3的摩擦力為零

8.如圖，三個(gè)質(zhì)量均為，〃的小滑塊A、B、C通過(guò)較鏈用長(zhǎng)度

為L(zhǎng)的剛性直桿連接，A套在固定的豎直光滑桿上，B、C

間用輕彈簧連接，放在光滑的水平槽中，用手控制A使彈

簧處于原長(zhǎng)，此時(shí)△ABC為正三角形?，F(xiàn)將A由靜止釋放，

當(dāng)A運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，乙BAC=120%重力加速度大小為g,A、B、C均視為質(zhì)點(diǎn)，

錢(qián)鏈與直桿的質(zhì)量均不計(jì)，不考慮摩擦影響，整個(gè)過(guò)程中A、B、C始終在同一豎

直平面內(nèi)，A始終在水平槽上方運(yùn)動(dòng)，彈簧在彈性限度內(nèi)。在A下降的過(guò)程中（）

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A.A、B、C組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

B.A、8的速度大小始終相等

C.彈簧彈性勢(shì)能的最大值為第mgZ,

D.當(dāng)A的速度最大時(shí)，C對(duì)槽的壓力大小為1.5mg

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

9.某同學(xué)用圖示裝置測(cè)量木塊與水平木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。圖中牽拉木塊的細(xì)線與木

板平行。該同學(xué)測(cè)得木塊的質(zhì)量是祛碼（含祛碼盤(pán)）質(zhì)量的4倍，根據(jù)打出的紙帶求

出木塊運(yùn)動(dòng)的加速度大小為

（1）已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間,根據(jù)測(cè)得的物理量，木塊與木板間的動(dòng)摩擦因

數(shù)表示為〃=。

（2）本實(shí)驗(yàn)測(cè)得的結(jié)果（選填“大于”、“小于”或“等于"）木塊與木板間

的實(shí)際動(dòng)摩擦因數(shù)。

10.小明家里有一個(gè)充電寶（電動(dòng)勢(shì)約為5匕內(nèi)阻約為2。），他欲精確地測(cè)量其電動(dòng)勢(shì)

和內(nèi)阻。他使用的器材如下：

4電壓表（量程為450〃?V,內(nèi)阻約為4500）；

8電流表（量程為0.64內(nèi)阻約為0.10）；

C滑動(dòng)變阻器&（最大阻值為100）;

D電阻箱/?2（最大阻值為9999.90）；

￡定值電阻/?3（阻值為30）；

F.開(kāi)關(guān)Si、S2，導(dǎo)線若干。

甲乙丙

（1）小明準(zhǔn)備把電壓表改裝成量程為4.5U的電壓表，需要測(cè)量電壓表的內(nèi)阻，測(cè)量

電路如圖甲所示。請(qǐng)回答下列問(wèn)題：

①根據(jù)甲圖，將實(shí)物圖乙補(bǔ)充完整。

②滑動(dòng)燈的滑片，使滑片置于（填或）端，將電阻箱&調(diào)至阻值

最大。

③閉合開(kāi)關(guān)Si、S2,滑動(dòng)K的滑片，使電壓表的指針指在450根丫處；斷開(kāi)S2,調(diào)

節(jié)電阻箱/?2,使電壓表的指針指在300〃/處，此時(shí)電阻箱&的示數(shù)為250.0。。電

壓表的內(nèi)阻&=0。

④電壓表（選填“并”或“串”）聯(lián)一個(gè)阻值Ro=m的電阻（用電

阻箱/?2代替），就可以改裝成量程為4.5U的電壓表。

（2）小明利用電流表和改裝好的電壓表測(cè)量充電寶的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，設(shè)計(jì)的電路如

圖丙所示。若小明根據(jù)測(cè)出的多組電壓表的示數(shù)U與電流表的示數(shù)/,得到的U-/

圖線如圖丁所示，則充電寶的電動(dòng)勢(shì)E=匕內(nèi)阻r=。（結(jié)果均保

留兩位有效數(shù)字）。

四、計(jì)算題（本大題共3小題，共47.0分）

11.如圖甲，足夠長(zhǎng)的傾斜傳送帶以某一恒定的速率逆時(shí)針運(yùn)行?，F(xiàn)將一小滑塊（視為

質(zhì)點(diǎn)）輕放在傳送帶的頂端，滑塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的速度的二次方隨位移變化的關(guān)

系如圖乙。取重力加速度大小g=10m/s2,求：

（1）滑塊在0?3.2m位移內(nèi)的加速度大小的及其在3.2m?12.2Tn位移內(nèi)的加速度大

小。2；

（2）滑塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)上

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12.如圖，在直角坐標(biāo)系xO)，內(nèi)，0Sx<d的區(qū)域有方向垂直坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁

場(chǎng)，在xNd的區(qū)域有電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E、方向沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一質(zhì)量

為根、電荷量為q的帶正電粒子從坐標(biāo)為(2d,0)的M點(diǎn)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，從邊界

CD進(jìn)入磁場(chǎng)后恰好未從y軸射出磁場(chǎng)。不計(jì)粒子所受重力。

(1)求勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B；

(2)若粒子從坐標(biāo)為(5d,0)的N點(diǎn)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，求粒子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)到原點(diǎn)O的

距離，

yf.￡

D

13.如圖，兩平行光滑金屬導(dǎo)軌ABC、A'B'C'的左端接有阻值為R的定值電阻Z,間距

為L(zhǎng),其中AB,4B'固定于同一水平面(圖中未畫(huà)出)上且與豎直面內(nèi)半徑為r的［光

滑圓弧形導(dǎo)軌8C、B'C'相切于從8'兩點(diǎn)。矩形區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大

小為B、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。導(dǎo)體棒ab的質(zhì)量為〃?、電阻值為R、長(zhǎng)度為L(zhǎng),

岫棒在功率恒定、方向水平向右的推力作用下由靜止開(kāi)始沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間f

后撤去推力，然后必棒與另一根相同的導(dǎo)體棒加發(fā)生碰撞并粘在一起，以3向

的速率進(jìn)入磁場(chǎng)，兩導(dǎo)體棒穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域后，恰好能到達(dá)CC'處。重力加速度大小

為g,導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，不計(jì)導(dǎo)軌的電阻。

(1)求該推力的功率P；

(2)求兩導(dǎo)體棒通過(guò)磁場(chǎng)右邊界BB'時(shí)的速度大小V；

(3)求兩導(dǎo)體棒穿越磁場(chǎng)的過(guò)程中定值電阻Z產(chǎn)生的焦耳熱Q；

(4)兩導(dǎo)體棒到達(dá)CC'后原路返回，請(qǐng)通過(guò)計(jì)算判斷兩導(dǎo)體棒能否再次穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域。

若不能穿過(guò)，求出兩導(dǎo)體棒停止的位置與的距離X。

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：A、湯姆孫首先發(fā)現(xiàn)了電子，故A正確；

8、飽和光電流大小，取決于單位時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量，只要入射光的強(qiáng)度

和頻率不變，單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)就不變，飽和電流就不變，故8錯(cuò)誤；

C、在康普頓效應(yīng)中，當(dāng)入射光子與晶體中的電子碰撞時(shí)，光子把一部分動(dòng)量轉(zhuǎn)移給電

子，光子的動(dòng)量減小，能量減小，頻率減小，故光子散射后的波長(zhǎng)變長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤；

。、比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，故。錯(cuò)誤。

故選：A。

湯姆孫首先發(fā)現(xiàn)了電子；飽和光電流大小，取決于單位時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量,

只要入射光的強(qiáng)度和頻率不變，單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)就不變，飽和電流就不變;

在康普頓效應(yīng)中，當(dāng)入射光子與晶體中的電子碰撞時(shí)，光子把一部分動(dòng)量轉(zhuǎn)移給電子,

光子的動(dòng)量減小，能量減小，頻率減小，故光子散射后的波長(zhǎng)變長(zhǎng)；比結(jié)合能越大，原

子核越穩(wěn)定

本題考查原子物理相關(guān)內(nèi)容以及物理學(xué)史，多為識(shí)記內(nèi)容，要求學(xué)生理解并記憶。

2.【答案】C

【解析】解：4在0-6s內(nèi)，速度均為正值，速度方向沒(méi)有變化，故做直線運(yùn)動(dòng)，故A

錯(cuò)誤；

B、在u-t圖像中，圖像的斜率表示加速度，在t=3s末，必的斜率都為零，故加速度

都為零，故B錯(cuò)誤；

C、在p—t圖像中，圖像與時(shí)間軸所圍面積表示物體運(yùn)動(dòng)的位移，由圖可知，〃的位移

大于人的位移，根據(jù)B可得，。的平均速度大于b的平均速度，故C正確；

D、在3s?6s內(nèi)，力的位移為xV：x(6—3)x4m=67n,故人的平均速度為5=：V

|m/s=2m/s,故。錯(cuò)誤；

故選：Co

根據(jù)圖線的形狀判斷質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，在V-1圖像中，圖線與時(shí)間軸所圍面積表示物

體通過(guò)的位移，圖像的斜率表示加速度，結(jié)合平均速度的定義式求得平均速度

解決本題的關(guān)鍵要理解速度-時(shí)間圖線的物理意義，知道速度圖線的斜率表示加速度，

速度的正負(fù)表示速度方向，圖像與時(shí)間軸所圍面積表示位移即可。

3.【答案】D

【解析［解：“嫦娥五號(hào)”在月球表面附近繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，萬(wàn)有引力提供向

心力

Mmmv2

G—~=----

R2R

又時(shí)=pV,

其中七萼

解得y=產(chǎn)導(dǎo)運(yùn),

故ABC錯(cuò)誤，。正確

故選：D。

“嫦娥五號(hào)”在月球表面附近繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，萬(wàn)有引力提供向心力，列出相

應(yīng)式子即可求解

本題考查萬(wàn)有引力定律，目的是考查學(xué)生對(duì)基本公式的掌握情況以及推理能力，難度適

中。

4.【答案】B

【解析】解：小由題意可知，電流的頻率為：/="=康Hz=50Hz,由于一個(gè)周期

內(nèi)，電流方向改變2次，因此電流方向每秒鐘改變100次，故A錯(cuò)誤；

B、通過(guò)R2的電流為：/2=哈力=34，&兩端的電壓為：U2=I2R2=3X2V=6V,

通過(guò)R3的電流為：/3=照="=24,通過(guò)副線圈的電流/=/2+/3=34+24=54

由于理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為2：1,且原副線圈的電流與匝數(shù)成反比，因

此通過(guò)原線圈的電流為：/o=g=|4=2.54故B正確；

C、電壓表的示數(shù)為：U=U2+/RI=6U+5x0.8V=10”,故C錯(cuò)誤；

D、變壓器的輸入功率為：P1=P2=UI=10X5W=50W,故D錯(cuò)誤；

故選：Bo

,根據(jù)理想變壓器的原理，結(jié)合輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定的，電壓與匝數(shù)成

正比，由圖象可知周期，從而求得頻率，電流與匝數(shù)成反比，從而分析即可.

本題主要考查變壓器的知識(shí)，要能對(duì)變壓器的最大值、有效值、瞬時(shí)值以及變壓器變壓

原理、功率等問(wèn)題徹底理解，注意電表示數(shù)，及電壓值、電流值，還有功率均是交流電

的有效值.

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5.【答案】C

【解析】解:設(shè)小球的質(zhì)量為，小圓弧的半徑為R,從A到B,根據(jù)動(dòng)能定理可得-

cos60°)=

小球從8點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，則％=

豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，h-R(l-cos60°^gt2

聯(lián)立解得x=jR(2/i-R),由數(shù)學(xué)知識(shí)可得,當(dāng)R=2八一R,即R=九時(shí),x最大，為x=h.,

故ABD錯(cuò)誤，C正確

故選：Co

小球從4到B,只有重力做功，根據(jù)動(dòng)能定理求得到達(dá)B點(diǎn)的速度，從B點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，

結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求得水平位移，利用數(shù)學(xué)知識(shí)求得最大值。

解決本題首先要分析清楚物體的運(yùn)動(dòng)的情況，明確滑塊在軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理

求得達(dá)到B點(diǎn)的速度，關(guān)鍵是利用好數(shù)學(xué)知識(shí)求得極值。

6.【答案】BC

【解析】解：A、由［/=5&可知，E-r圖線與坐標(biāo)軸包圍的圖形面積所表示電勢(shì)差，

其單位為伏特，故A錯(cuò)誤；

以設(shè)每單位體積絕緣球中帶的電荷量為g,則球殼內(nèi)距球心為r的位置的電場(chǎng)強(qiáng)度大

小為E=k宜立=%更，即球體內(nèi)某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與該點(diǎn)到球心的距離成正比，

r23

故8正確；

C、離均勻帶正電球體越近，電勢(shì)越高，負(fù)電荷所具有的電勢(shì)能越小，故C正確；

。、E-r圖線與坐標(biāo)軸包圍的圖形面積所表示電勢(shì)差，所圍面積越大則電勢(shì)差越大，由

圖像可知球面到4點(diǎn)間的電勢(shì)差大于4、8兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，故。錯(cuò)誤。

故選：BC。

由U=Ed判斷E-r圖線與坐標(biāo)軸所圍面積的代表電勢(shì)差，所圍面積越大則代表的電勢(shì)

差越大；

帶電球體內(nèi)某處的場(chǎng)強(qiáng)根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式推導(dǎo)即可；

電勢(shì)越高，負(fù)電荷的電勢(shì)能越??；

帶電球殼內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，均勻帶電球體內(nèi)的場(chǎng)強(qiáng)并不為零，明確其區(qū)別，還要知

道沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低。

7.【答案】BD

【解析】解：A、以磚塊2和磚塊3為研究對(duì)象，四塊磚完全相同，由物體的平衡條件

可知，

磚塊4對(duì)磚塊3的摩擦力與磚塊1對(duì)磚塊2的摩擦力都為mg,且方向均豎直向上，故4

錯(cuò)誤；

B、以磚塊3為研究對(duì)象，由物體的平衡條件可知，稚塊2對(duì)磚塊3的摩擦力為零，故

8正確；

C、以磚塊2和磚塊3為研究對(duì)象，利用牛頓第二定律有

2啟3—2mg=2ma①

解得磚塊4對(duì)磚塊3的摩擦力大小為

f43=mg+ma>mg

故C錯(cuò)誤；

D、對(duì)磚塊3,根據(jù)牛頓第二定律有

月3+期-mg=領(lǐng)②

聯(lián)立①②知角=0

故O正確；

故選：BD。

A、以磚塊2和磚塊3為研究對(duì)象，由物體的平衡條件可知磚塊4對(duì)磚塊3的摩擦力大

小；

8、以磚塊3為研究對(duì)象，由物體的平衡條件可知，磚塊2對(duì)磚塊3的摩擦力；

C、以磚塊2和磚塊3為研究對(duì)象，利用牛頓第二定律解得磚塊4對(duì)磚塊3的摩擦力大

小；

D、對(duì)磚塊3,根據(jù)牛頓第二定律可以求出磚塊2對(duì)磚塊3的摩擦力。

本題考查共點(diǎn)力的平衡問(wèn)題，在處理該類問(wèn)題時(shí)，涉及到受力分析，要注意整體法和隔

離法的應(yīng)用。

8.【答案】CD

【解析】解：A、在A下降的過(guò)程中，4、8、C與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，該過(guò)程

中，彈簧的彈性勢(shì)能增大，48、C組成的系統(tǒng)機(jī)械能減小，故A錯(cuò)誤；

B、設(shè)在A下降的某一時(shí)刻，輕桿與豎直方向間的夾角為0,則有：VACOSQ=vBsind,

解得：vA=vBtand,因。不斷變化，故A、8的速度大小不會(huì)始終相等，故8錯(cuò)誤；

第10頁(yè)，共16頁(yè)

C、經(jīng)分析可知，當(dāng)A運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒定

律，可知，彈簧的彈性勢(shì)能的最大值時(shí)，即A、8、C組成的系統(tǒng)機(jī)械能最小，則為：

Epm=mgL（cos30°—cos60°）=故C正確；

。、在A下降的過(guò)程中，加速度先減小到零，然后反向增大，當(dāng)A的加速度為零時(shí)，速

度最大，設(shè)此時(shí)槽對(duì)C的支持力大小為F,對(duì)A、B、C組成的系統(tǒng)，在豎直方向上有：

2F=3mg,解得：F=根據(jù)牛頓第三定律，可得，C對(duì)槽的壓力大小為N=F=

1.5mg,故。正確；

故選：CD。

依據(jù)機(jī)械能守恒的條件：只有重力與彈力做功，整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能守恒：

根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解，結(jié)合矢量的合成法則，即可判定；

選A、B、C與彈簧組成系統(tǒng)，當(dāng)A、B、C的機(jī)械能最小時(shí)，則彈簧的彈性勢(shì)能最大；

根據(jù)加速度為零時(shí)，速度最大，處于平衡狀態(tài)，依據(jù)平衡條件，及牛頓第三定律，即可

求解。

考查機(jī)械能守恒的條件，掌握運(yùn)動(dòng)的合成與分解，理解矢量的合成法則，注意機(jī)械能守

恒系統(tǒng)的選取，同時(shí)理解加速度為零速度最大處于平衡狀態(tài)，還是當(dāng)心本題4選項(xiàng)容易

錯(cuò)選。

9.【答案】:一誓大于

【解析】解：（1）以祛碼和祛碼盤(pán)，及木塊為研究對(duì)象，設(shè)祛碼和祛碼盤(pán)的質(zhì)量為加，

則木塊的質(zhì)量為加2,由牛頓第二定律得：mg-fikmg=（14-k）ma

解得.一黨；

（2）由于空氣阻力以及電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器對(duì)紙帶的阻力的影響，實(shí)際受力應(yīng)為mg-

Hkmg-f,由牛頓第二定律可得：mg-/x'kmg-f=ma,故實(shí)際動(dòng)摩擦因數(shù)〃'=楙一

若一扁，則可知，本實(shí)驗(yàn)測(cè)得的結(jié)果大于木塊與木板間的實(shí)際動(dòng)摩擦因數(shù)。

故答案為：（1）（一誓；（2）大于。

RKg

(1)根據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合滑動(dòng)摩擦力公式，即可求解動(dòng)摩擦因數(shù)；

(2)明確誤差來(lái)自于空氣阻力以及電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器對(duì)紙帶的阻力的影響，考慮實(shí)際情況

由牛頓第二定律列式，從而分析誤差情況。

本題為通過(guò)牛頓第二定律求動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理，掌握求解動(dòng)摩擦

因數(shù)的方法，同時(shí)注意明確誤差來(lái)源，掌握分析誤差的基本方法。

10.【答案】a500.0串4.54.91.9

【解析】解：(1)①根據(jù)電路補(bǔ)充實(shí)物連接如圖所示；

②為了保證電路的安全，在接通開(kāi)關(guān)&前，滑動(dòng)變阻器％

滑片應(yīng)置于。端；

③電壓表丫的內(nèi)阻遠(yuǎn)大于變阻器&的最大阻值，故斷開(kāi)

開(kāi)關(guān)52后，電壓表V與電阻箱Z?2的總電壓幾乎為450，"匕

當(dāng)電壓表的示數(shù)為300,〃M時(shí)，電阻箱/?2兩端的電壓為

I50ntV

(450-300)mIZ=lSOmV,有-7—

250.0X2

解得：Ry=500.00;

0.45U_4.5V-0.45V

④電壓表V擴(kuò)大量程時(shí)需要串聯(lián)電阻，有:

RyRo

解得:Ro=4.5k。；

(2)經(jīng)分析可知：*x(Ry+&)=E-/(r+角)

整理得：u=R"『+R3)*/+通直_

(Rp+Ro)RY+RQ

結(jié)合題圖丁有：Rv(r+R3)=—n,=0.49K

口口心E(Rp+Ro)1.0Rv+Ro

解得：E=4.9V,r=1.9。

故答案為：(1)①、如圖所示a；③、500.0；④、

串；4.5；(2)4.9、1.9

(1)①根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖。②為保護(hù)電路元件使分壓電路的電壓為零，滑片應(yīng)

第12頁(yè)，共16頁(yè)

滑到“端。③由題目要求，根據(jù)串并聯(lián)電路的關(guān)系及歐姆定律求電壓表的內(nèi)阻。④根

據(jù)改裝電壓表的原理進(jìn)行計(jì)算分壓電阻的阻值；

(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律結(jié)合題目所給圖象的斜率和縱截距求電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。

本題考查了類似半偏法測(cè)電壓表內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)，考查了電壓表的改裝原理、圖象法測(cè)電源電

動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)與實(shí)驗(yàn)電路連接操作等，應(yīng)用串聯(lián)并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可得到結(jié)

果。

11.【答案】解：(1)由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度-位移公式得

2

v—VQ=2ax

得病=2ax+VQ

結(jié)合圖乙有

64-0

23=---------m/sz9

100-649

l22^2m/S

解得Qi=10m/s2

2

a2=2m/s

(2)設(shè)滑塊的質(zhì)量為根，傳送帶的傾角為仇由牛頓第二定律有

林

mgsinO+mgcosB=mar

mgsinO—[imgcosO=ma2

代入數(shù)據(jù)，解得〃=0.5

答：(1)滑塊在0?3.2m位移內(nèi)的加速度大小為10zn/s2

在3.2m?12.2m位移內(nèi)的加速度大小為27n/s2；

(2)滑塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5。

【解析】(1)寫(xiě)出圖像的函數(shù)表達(dá)式，再結(jié)合圖像可以求出加速度大??；

(2)通過(guò)受力分析，利用牛頓第二定律可以求出動(dòng)摩擦因數(shù)。

本題考查牛頓第二定律，再處理圖像問(wèn)題時(shí)要注意先寫(xiě)出圖像的函數(shù)表達(dá)式，再結(jié)合圖

像得出相關(guān)信息。

12.【答案】解：設(shè)粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到邊界CZ)過(guò)程中的加速度大小為a,有:

qE=ma

設(shè)粒子到達(dá)邊界8時(shí)的速度大小為打，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)

動(dòng)的軌跡如圖1所示

由幾何關(guān)系可知，軌跡半徑為4有:

說(shuō)=2ad

vl

qvrB=m—

聯(lián)立解得B

(2)設(shè)此種情況下粒子到達(dá)邊界CQ時(shí)的速度大小為以，有:

^2=2a-4d

粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖2所示

設(shè)此時(shí)粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑為心有：

諺

qv2B=

解得：r=2d

由幾何關(guān)系得:

L=r--Jr2—d2

聯(lián)立解得：L=(2-遍)d

答：(1)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

(2)若粒子從坐標(biāo)為(5d,0)的N點(diǎn)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，粒子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)到原點(diǎn)。的距離為

(2-V3)do

【解析】(1)由題意畫(huà)出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，結(jié)合幾何關(guān)系求出磁感應(yīng)強(qiáng)度大??；

(2)由題意畫(huà)出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，結(jié)合幾何關(guān)系求出距離。

本題考查帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵要能根據(jù)題意畫(huà)出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，另外

要熟記洛倫茲力提供向心力時(shí)的半徑公式。

13.【答案】解：(1)設(shè)兩導(dǎo)體棒碰撞前瞬間油棒的速度大小為孫，加棒做推力作用下，

由動(dòng)能定理得：

1.

Pt=-mvl-0

兩導(dǎo)體棒碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，碰撞后的速度%=3/而，以向右為正方向，由動(dòng)

量守恒定律得：

mv0=2mv1

解得：p=詈

(2)兩導(dǎo)體棒沿圓弧軌道上滑過(guò)程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：

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-x2mv2=