2024屆廣東省部分學(xué)校高三下學(xué)期二模聯(lián)考物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024屆高三二輪復(fù)習(xí)聯(lián)考（一）物理試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回?？荚嚂r(shí)間為75分鐘，滿分100分。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.鈣鈦礦是新型太陽(yáng)能電池的重點(diǎn)研發(fā)方向之一，我國(guó)科研團(tuán)隊(duì)刷新大面積全鈣鈦礦光伏組件光電轉(zhuǎn)化效率世界紀(jì)錄。面積為的太陽(yáng)能電池板總保持與太陽(yáng)光線垂直，在電池板處太陽(yáng)光的強(qiáng)度為，假設(shè)太陽(yáng)輻射波長(zhǎng)為的單色光，而且所有輻射到電池板上的光子均被板吸收，已知，，則電池板每秒鐘吸收的光子數(shù)目約為（）A.個(gè) B.個(gè) C.個(gè) D.個(gè)〖答案〗A〖解析〗太陽(yáng)能電池板接收的功率為一個(gè)光子的能量為則電池板每秒鐘吸收的光子數(shù)目故選A。2.圖甲為家用燃?xì)鉅t架，其有四個(gè)對(duì)稱分布的爪，若將總質(zhì)量一定的鍋放在爐架上，如圖乙所示（側(cè)視圖），忽略爪與鍋之間的摩擦力，若鍋是半徑為的球面，正對(duì)的兩爪間距為，則下列說(shuō)法正確的是（）A.越大．爪與鍋之間的彈力越小 B.越大，爪與鍋之間的彈力越大C.越大，鍋受到的合力越大 D.越大，爪與鍋之間的彈力越小〖答案〗A〖解析〗對(duì)鍋進(jìn)行受力分析如圖所示爐架的四個(gè)爪對(duì)鍋的彈力的合力與鍋受到的重力大小相等，方向相反，即則越大，爪與鍋之間彈力越小，同理越大，爪與鍋之間彈力越大，鍋受到的合力為零。故選A。3.2023年10月26日11時(shí)14分，搭載神舟十七號(hào)載人飛船的長(zhǎng)征二號(hào)遙十七運(yùn)載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心點(diǎn)火發(fā)射。約10分鐘后。神舟十七號(hào)載人飛船與火箭成功分離，進(jìn)入預(yù)定軌道，航天員乘組狀態(tài)良好，發(fā)射取得圓滿成功。如圖所示，虛線為飛船的運(yùn)行軌道，周期為，離地高度為。若飛船繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，地球半徑為，則地球的第一宇宙速度大小為（）A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有則地球質(zhì)量設(shè)地球的第一宇宙速度大小為，則解得故選B。4.小型發(fā)電機(jī)的工作原理如圖甲所示，兩磁極之間可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電流的電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的關(guān)系圖像如圖乙所示，將線圈與阻值為的定值電阻相連。不計(jì)線圈內(nèi)阻。下列說(shuō)法正確的是（）A.該交變電流的頻率為B.時(shí)，線圈平面轉(zhuǎn)到中性面位置C.內(nèi)，通過(guò)線圈的電荷量為D.如把擊穿電壓為的電容器接在發(fā)電機(jī)兩端，電容器剛好不會(huì)被擊穿〖答案〗B〖解析〗A．由圖乙可知交變電流的周期，頻率故A錯(cuò)誤；B．時(shí)，電動(dòng)勢(shì)為零，故線圈平面與中性面重合，故B正確；C．和時(shí)，電動(dòng)勢(shì)為零，磁通量有最大值，設(shè)為，則時(shí)間內(nèi)磁通量變化量，通過(guò)線圈的電荷量由于電動(dòng)勢(shì)的最大值根據(jù)圖像可知解得故C錯(cuò)誤；D．發(fā)電機(jī)的最大電壓為，如把擊穿電壓為的電容器挖在發(fā)電機(jī)上，電容器會(huì)被擊穿，故D錯(cuò)誤。故選B。5.某簡(jiǎn)諧橫波沿軸傳播，在時(shí)刻的波形如圖所示，此時(shí)介質(zhì)中有三個(gè)質(zhì)點(diǎn)和，的橫坐標(biāo)為0，的縱坐標(biāo)為0，與間沿軸方向的距離為波長(zhǎng)的倍，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為。下列說(shuō)法正確的是（）A.該波沿軸正方向傳播B.該波的波長(zhǎng)為C.該波的波速大小為D.時(shí)刻起．質(zhì)點(diǎn)回到平衡位置的最短時(shí)間為〖答案〗A〖解析〗．由得時(shí)，，經(jīng)過(guò)極短的時(shí)間，即時(shí)質(zhì)點(diǎn)沿軸正方向振動(dòng)，結(jié)合圖像知，該波沿軸正方向傳播，A正確；B．質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期設(shè)時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)平衡位置處，即解得即波再傳播質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置，如圖中虛線所示，則解得B錯(cuò)誤；C．波速C錯(cuò)誤；D．時(shí)刻起，質(zhì)點(diǎn)回到平衡位置的最短時(shí)間為，D錯(cuò)誤。故選A。6.如圖所示，在直角三角形中，，。A、兩點(diǎn)各固定有點(diǎn)電荷，帶電荷量分別為、，以點(diǎn)為球心固定有不帶電的金屬球殼，球殼半徑為。已知靜電力常量為，球殼表面的感應(yīng)電荷在球心處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度（）A.為零B.大小為，方向沿方向C.大小為，方向與方向夾角為D.大小為，方向沿平分線〖答案〗C〖解析〗處點(diǎn)電荷在點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度沿方向，大小為處點(diǎn)電荷在點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度沿方向，大小為、兩處點(diǎn)電荷分別在點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度方向互成，大小相等，所以合電場(chǎng)強(qiáng)度大小為方向與方向夾角為；由于金屬球殼內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，感應(yīng)電荷在球心處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為方向與方向夾角為。故選C。7.中國(guó)國(guó)家郵政局監(jiān)測(cè)數(shù)據(jù)顯示。2023年月中國(guó)快遞業(yè)務(wù)量達(dá)300億件，我們的生活離不開(kāi)快遞。圖甲為快遞物流配送分揀示意圖，水平傳送帶和傾斜傳送帶以相同的速率逆時(shí)針運(yùn)行?，F(xiàn)將一質(zhì)量為的貨物（可視為質(zhì)點(diǎn)），輕放在傾斜傳送帶上端處，圖乙為傾斜傳送帶段的數(shù)控設(shè)備記錄的貨物的速度—時(shí)間圖像，末貨物剛好到達(dá)下端處，隨后以不變的速率滑上水平傳送帶端。已知段的長(zhǎng)度，最大靜摩擦力均與相應(yīng)的滑動(dòng)摩擦力相等，貨物與兩條傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，間距忽略不計(jì)，取。下列說(shuō)法不正確的是（）A.貨物與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5B.傾斜傳送帶與水平面間的夾角為C.貨物在水平傳動(dòng)帶上做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為D.貨物從端運(yùn)動(dòng)到端的過(guò)程中，貨物與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的總熱量為〖答案〗B〖解析〗AB．內(nèi)，貨物在傾斜傳送帶上的加速度大小為內(nèi)，貨物在傾斜傳送帶上的加速度大小為根據(jù)牛頓第二定律內(nèi)，有內(nèi)，有解得，故A正確，B錯(cuò)誤；D．結(jié)合圖乙知，傳送帶的速率，貨物在水平傳送帶上運(yùn)動(dòng)的加速度大小為貨物在水平傳送帶上做勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間貨物在水平傳送帶上做勻減速運(yùn)動(dòng)的位移大小為解得由于，貨物與傳送帶共速一起做勻速運(yùn)動(dòng)，貨物在水平傳送帶上相對(duì)位移貨物與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的總熱量解得故CD正確。本題選擇錯(cuò)誤選項(xiàng)；故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.圖示為一半圓柱形透明體橫截面，橫截面的圓心為，半圓柱的半徑為，為直徑上的點(diǎn)，，透明體的折射率為?，F(xiàn)有一細(xì)光束以入射角從點(diǎn)射入半圓柱，則（）A.細(xì)光束經(jīng)兩次折射后會(huì)從弧面射出B.細(xì)光束經(jīng)面折射，在弧面發(fā)生兩次全反射后再?gòu)拿嫔涑鐾该黧wC.細(xì)光束第一次射出透明體時(shí)，折射角為D.細(xì)光束第一次射出透明體時(shí)，折射角為〖答案〗BC〖解析〗AB．作出光路如圖所示根據(jù)折射率表達(dá)式有解得由于解得在中，根據(jù)正弦定理可得設(shè)透明體的臨界角為，則有可得由于所以光在點(diǎn)發(fā)生全反射，又由于可得則光在點(diǎn)發(fā)生全反射，最后從而射出，故B正確，A錯(cuò)誤；CD．由于，則光的入射角為，根據(jù)光路可逆可知折射角為，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。9.人們有時(shí)用“打夯”的方式把松散的地面夯實(shí)。設(shè)某次打夯符合以下模型：如圖所示，兩人同時(shí)通過(guò)繩子對(duì)質(zhì)量為的重物分別施加大小均為（為重力加速度的大?。?、方向都與豎直方向成的力，重物離開(kāi)地面高度后人停止施力，最后重物自由下落砸入地面的深度為。，不計(jì)空氣阻力，則（）A.重物在空中上升的時(shí)間一定大于在空中下落的時(shí)間B.重物克服地面阻力做的功等于人對(duì)重物做的功C.重物剛落地時(shí)的速度大小為D.地面對(duì)重物的平均阻力大小為〖答案〗AD〖解析〗C．設(shè)停止施力瞬間重物的速度大小為，根據(jù)動(dòng)能定理有則設(shè)重物剛落地時(shí)的速度大小為，根據(jù)動(dòng)能定理有則故C錯(cuò)誤；A．重物在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程，開(kāi)始在拉力作用下做勻加速運(yùn)動(dòng)，速度大小達(dá)到后做勻減速運(yùn)動(dòng)直至速度為零，之后再做勻加速直線運(yùn)動(dòng)直至速度大小為，由此可知上升過(guò)程中的平均速度大小為，下降過(guò)程中的平均速度大小為，又由于上升、下降位移大小相等，則重物在空中上升的時(shí)間一定大于在空中下落的時(shí)間，故A正確；B．重物整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有則重物克服地面阻力做的功大于人對(duì)重物做的功，故B錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)能定理有則故D正確。故選AD。10.發(fā)電機(jī)的工作原理可以簡(jiǎn)化為如圖所示的情景。質(zhì)量為的導(dǎo)體棒垂直于光滑導(dǎo)軌放管，導(dǎo)軌間距為，導(dǎo)軌間分布著垂直于導(dǎo)軌平面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。將負(fù)載（電阻為的電熱毯）接入導(dǎo)軌中形成閉合回路，導(dǎo)體棒在恒力的作用下由靜止開(kāi)始沿光滑導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)。時(shí)刻，導(dǎo)體棒速度達(dá)到。導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒電阻忽略不計(jì)，導(dǎo)軌無(wú)限長(zhǎng)，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)刻，導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)速度B.時(shí)間內(nèi)發(fā)電機(jī)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間先增大后不變C.時(shí)刻，電熱毯的功率為D.電熱毯的功率最終將達(dá)到〖答案〗CD〖解析〗A．根據(jù)動(dòng)量定理有則A錯(cuò)誤；B．導(dǎo)體棒在恒力的作用下運(yùn)動(dòng)，由于電動(dòng)勢(shì)電流導(dǎo)體棒所受安培力導(dǎo)體棒的加速度由此可知，隨著導(dǎo)體棒速度的增大，加速度逐漸減小，當(dāng)加速度減小為零后，導(dǎo)體棒做勻速運(yùn)動(dòng)，由于不知道時(shí)刻加速度是否為零，則發(fā)電機(jī)電動(dòng)勢(shì)可能隨時(shí)間先增大后不變，也可能一直增大，B錯(cuò)誤；C．時(shí)刻，電熱毯的功率C正確；D．最終，導(dǎo)體棒勻速，即此時(shí)電熱毯的功率D正確。故選CD。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.小明在探究“兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”時(shí)，用到兩根相同的橡皮筋、木板、白紙、筆、圖釘、細(xì)線和刻度尺。請(qǐng)幫助他完善以下步驟。（1）如圖甲所示，先把兩根橡皮筋和細(xì)繩的一端連接，結(jié)點(diǎn)記為。（2）用刻度尺測(cè)量橡皮筋的原長(zhǎng)，記為。（3）如圖乙所示，在木板上固定白紙，在白紙上的點(diǎn)固定橡皮筋的上端，用手拉動(dòng)橡皮筋的自由端，記錄此時(shí)橡皮筋的長(zhǎng)度和結(jié)點(diǎn)的位置。（4）如圖丙所示，左手拉動(dòng)橡皮筋的自由端，右手拉動(dòng)細(xì)線，使得點(diǎn)兩次位置重合，記錄此時(shí)橡皮筋的長(zhǎng)度和______。（5）把橡皮筋和細(xì)線互換位置再拉動(dòng)，使______，記錄______。（6）根據(jù)胡克定律可知，橡皮筋的彈力大小和形變是成正比，以形變量的大小作為彈力、及，根據(jù)記錄的信息作出平行四邊形，比較對(duì)角線與的大小和方向是否大致相同，從而判斷兩個(gè)互成角度的力的合成是否遵循平行四邊形定則?！即鸢浮剑?）與的方向（5）點(diǎn)位置再次重合且拉動(dòng)方向均不變橡皮筋的長(zhǎng)度〖解析〗（4）[1]實(shí)驗(yàn)時(shí)要記錄力的大小和方向，力的大小可以通過(guò)橡皮筋的形變量獲得，力的方向可以沿橡皮筋作直線獲得，即需要記錄此時(shí)橡皮筋的長(zhǎng)度和與的方向。（5）[2][3]把橡皮筋和細(xì)線互換位置再拉動(dòng)，需要使兩次力的作用效果相同，故需要再次使點(diǎn)位置重合且拉動(dòng)方向均不變，需要記錄橡皮筋的長(zhǎng)度。12.李華同學(xué)查閱資料：某金屬在內(nèi)電阻值與攝氏溫度的關(guān)系為，其中為該金屬在0℃時(shí)的阻值，為溫度系數(shù)（為正值）。李華同學(xué)設(shè)計(jì)圖甲所示電路以測(cè)量該金屬的電阻和值?？商峁┑膶?shí)驗(yàn)器材有：A．干電池（電動(dòng)勢(shì)約為，內(nèi)阻不計(jì)）B．定值電阻（阻值為）C．定值電阻阻值）D．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍）E．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍）F．電流計(jì)（量程，內(nèi)阻約）G．電阻箱（最大阻值為）H．?dāng)z氏溫度計(jì)I．沸水和冷水各一杯J．開(kāi)關(guān)兩個(gè)及導(dǎo)線若干請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用__________（選填“”或“”），開(kāi)關(guān)閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑片移到__________（選填“”或“”）端。（2）將電阻箱的阻值調(diào)為，閉合開(kāi)關(guān)，讀出電流計(jì)的示數(shù)，再閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，直至閉合前、后電流計(jì)的示數(shù)沒(méi)有變化，此時(shí)電阻箱的示數(shù)為，則電流計(jì)的內(nèi)阻為_(kāi)_________。（3）利用上述電流計(jì)及電路測(cè)量該金屬的電阻和值的步驟如下：①斷開(kāi)開(kāi)關(guān)、，將取下?lián)Q成該金屬電阻，并置于沸水中；②閉合開(kāi)關(guān)，讀出電流計(jì)的示數(shù)；閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，直至閉合開(kāi)關(guān)前、后電流計(jì)的示數(shù)沒(méi)有變化，記下此時(shí)電阻箱的示數(shù)和溫度；③多次將冷水倒一點(diǎn)到熱水中，重復(fù)步驟②，可獲得電阻箱的示數(shù)和溫度的多組數(shù)據(jù)．（4）以電阻箱的示數(shù)為縱軸，溫度為橫軸，作出圖像如圖乙所示，則該金屬電阻在0℃時(shí)的阻值為_(kāi)_________，溫度系數(shù)為_(kāi)_________。（結(jié)果用表示）〖答案〗（1）（2）450（4）〖解析〗（1）[1][2]閉合、斷開(kāi)時(shí)，干路中的最大電流約滑動(dòng)變阻器兩端的電壓最小值約為滑動(dòng)變阻器的最小電阻約為滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用。為了保護(hù)電流計(jì)不被損壞，開(kāi)關(guān)閉合前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片向下移動(dòng)到端。（2）[3]閉合前、后電流計(jì)的示數(shù)沒(méi)有變化，則電流計(jì)中的電流與的電流相等，中的電流與中的電流相等，與兩端的電壓相等，電流計(jì)與兩端的電壓相等，可得電流計(jì)的內(nèi)阻（4）[4][5]將取下?lián)Q成該金屬電阻的情況下，同理可得由圖乙得即又則，解得13.圖示為馬德堡半球演示器，兩半球合在一起時(shí)，可形成一直徑的球形空腔?，F(xiàn)用細(xì)軟管、雙向閥門(mén)與容積為、活塞橫截面積為的注射器改裝成小型的抽氣機(jī)。在溫度為27℃的室內(nèi)，每次滿量從球內(nèi)緩慢抽出空氣。連接處氣密性很好，忽略軟管的容積，抽氣過(guò)程中球形空腔溫度和體積均保持不變，摩擦不計(jì)。已知大氣壓強(qiáng)，取，計(jì)算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字。求：（1）對(duì)球形空腔抽氣2次后，球形空腔內(nèi)的氣體壓強(qiáng)；（2）若對(duì)球形空腔抽氣2次后，將馬德堡半球演示器從室內(nèi)移到室外37℃的太陽(yáng)下，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，半球兩側(cè)至少均用多大的拉力才能把兩半球拉開(kāi)?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）球形空腔的容積注射器的容積，根據(jù)玻意耳定律，第一次抽氣有第二次抽氣有解得（2）馬德堡半球演示器從室內(nèi)移到室外，球內(nèi)氣體等容變化，根據(jù)查理定律得其中，，解得拉力至少為解得14.如圖所示，以長(zhǎng)方體的邊中點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)、方向?yàn)檩S正方向、方向?yàn)檩S正方向、方向?yàn)檩S正方向建立坐標(biāo)系，已知。長(zhǎng)方體中存在沿軸負(fù)方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)有質(zhì)量為、電荷量為的帶正電粒子（不計(jì)重力）．從點(diǎn)沿軸正方向以初速度射入磁場(chǎng)中，恰好從點(diǎn)射出磁場(chǎng)。（1）求磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；（2）若在長(zhǎng)方體中加上沿軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，讓粒子仍從點(diǎn)沿軸正方向以初速度射入磁場(chǎng)中，為使粒子能從點(diǎn)射出磁場(chǎng)，求電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。唬?）若在長(zhǎng)方體中加上電場(chǎng)強(qiáng)度大小為、方向沿軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，讓該粒子仍從點(diǎn)沿軸正方向以初速度射入磁場(chǎng)中，求粒子射出磁場(chǎng)時(shí)與點(diǎn)的距離?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）粒子平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖中軌跡1所示根據(jù)幾何關(guān)系有由洛倫茲力提供向心力，有解得（2）粒子在電磁復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)為勻速圓周運(yùn)動(dòng)與類平拋運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)，在長(zhǎng)方體中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間在軸方向上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則又解得（3）將初速度分解為，使對(duì)應(yīng)的洛倫茲力恰好與電場(chǎng)力平衡，分解如圖