2023屆湖北省“宜荊荊恩”高三上學(xué)期起點(diǎn)考試物理試題（解析版）

1、“宜荊荊恩”2023屆高三起點(diǎn)考試物理注意事項(xiàng)：1.答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在試卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。寫(xiě)在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3.非選擇題的作答：用黑色答案筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫(xiě)在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4.考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第17題只有一項(xiàng)符合題目要求，第811題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得

2、2分，有選錯(cuò)的得0分。1. 下列描述中正確的是（）A. 質(zhì)子與中子結(jié)合成氘核的過(guò)程中需要吸收能量B. 衰變?yōu)橐?jīng)過(guò)4次衰變，4次衰變C. 某原子核經(jīng)過(guò)一次衰變和兩次衰變后，核內(nèi)中子數(shù)減少2個(gè)D. 入射光波長(zhǎng)越長(zhǎng)，發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)從金屬表面逸出的光電子最大初動(dòng)能越大【答案】B【解析】【詳解】A質(zhì)子與中子結(jié)合成氘核的過(guò)程中存在質(zhì)量虧損，會(huì)放出能量，故A錯(cuò)誤；B衰變?yōu)橐?jīng)過(guò)的衰變次數(shù)為經(jīng)過(guò)的衰變次數(shù)為故B正確；C某原子核經(jīng)過(guò)一次衰變后，中子數(shù)減少2個(gè)，經(jīng)過(guò)兩次衰變后，中子數(shù)增加2個(gè)，所以最終中子數(shù)不變，故C錯(cuò)誤；D入射光波長(zhǎng)越長(zhǎng)，頻率越低，根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程可知發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)從金屬表面逸出的光電

3、子最大初動(dòng)能越小，故D錯(cuò)誤。故選B。2. 我國(guó)的航空航天事業(yè)蓬勃發(fā)展，探月工程和深空探測(cè)同步進(jìn)行。2020年12月17日，嫦娥五號(hào)成功返回地球；2021年5月15日天問(wèn)一號(hào)火星探測(cè)器所攜帶的祝融號(hào)火星車(chē)成功降落在火星北半球的烏托邦平原南部。已知嫦娥五號(hào)繞月飛行的圓軌道半徑為、周期為，天問(wèn)一號(hào)繞火星飛行的圓軌道半徑為、周期為，引力常量為。下列說(shuō)法正確的是（）A. 根據(jù)開(kāi)普勒第三定律有B. 根據(jù)題中所給的已知條件可以求出地球的質(zhì)量C. 嫦娥五號(hào)和天問(wèn)一號(hào)在地球表面的發(fā)射速度均需要大于第二宇宙速度D. 天問(wèn)一號(hào)在地球表面的發(fā)射速度應(yīng)大于第二宇宙速度而小于第三宇宙速度【答案】D【解析】【詳解】A天問(wèn)一

4、號(hào)與嫦娥五號(hào)不是繞同一個(gè)中心天體運(yùn)動(dòng)，所以A錯(cuò)誤；B天問(wèn)一號(hào)與嫦娥五號(hào)均不繞地球運(yùn)動(dòng)，故無(wú)法求出地球質(zhì)量，B錯(cuò)誤；CD天問(wèn)一號(hào)最終繞火星運(yùn)動(dòng)，需要掙脫地球的引力，其在地球表面的發(fā)射速度需要大于第二宇宙速度，但是要小于第三宇宙速度（掙脫太陽(yáng)引力的最小速度），嫦娥五號(hào)繞月球運(yùn)動(dòng)，沒(méi)有完全掙脫地球的引力，其在地球表面的發(fā)射速度大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度。C錯(cuò)誤，D正確。故選D。3. 如圖所示，長(zhǎng)木板AB傾斜放置，板而與水平方向的夾角為，從B端以大小為v0的初速度水平向左拋出一個(gè)小球，小球能打在板面上。小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移為x，打在板面上時(shí)速度大小為v，當(dāng)變小后，讓小球仍從B端以相同的初速

5、度水平拋出，則（）A. x變小，v變小B. x變大，v變大C. x不變，v不變D. x變化不確定，v變化不確定【答案】A【解析】【詳解】小球做平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向上有在豎直方向小球落在斜面上有聯(lián)立解得小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移為由此可知當(dāng)變小后，讓小球仍從B端以相同的初速度水平拋出，水平位移為x變??；打在板面上時(shí)速度大小為由此可知當(dāng)變小后，讓小球仍從B端以相同的初速度水平拋出，打在板面上時(shí)速度v大小將變小。故選A。4. 有一理想變壓器如圖甲所示，原副線(xiàn)圈匝數(shù)比為，原線(xiàn)圈接入圖乙所示的交流電，回路中的燈泡和電動(dòng)機(jī)的額定電壓均為，燈泡正常工作時(shí)的電阻，電動(dòng)機(jī)的電阻，定值電阻，燈泡和電動(dòng)機(jī)均正常工作，

6、則電動(dòng)機(jī)的輸出功率為（ ）A. B. C D. 【答案】C【解析】【詳解】如圖乙所示，原線(xiàn)圈的有效電壓為220V，根據(jù)原副線(xiàn)圈匝數(shù)比等于電壓之比11：2，所以副線(xiàn)圈電壓有效值為40V，燈泡和電動(dòng)機(jī)均正常工作，所以燈泡兩端電壓為24V，根據(jù)串聯(lián)電路分壓特點(diǎn)，可知定值電阻兩端電壓為16V，由歐姆定律可知副線(xiàn)圈總電流為流過(guò)燈泡的電流為所以流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為電動(dòng)機(jī)的熱功率為9W電動(dòng)機(jī)的總功率為所以電動(dòng)機(jī)的輸出功率為故選C。5. 如圖所示，在光滑水平面上放置一個(gè)質(zhì)量為的滑塊，滑塊右側(cè)面為一個(gè)半徑為的弧形的光滑凹槽，A點(diǎn)切線(xiàn)水平。另有一個(gè)質(zhì)量為的小球以水平速度從A點(diǎn)沖上凹槽，重力加速度大小為g。下列說(shuō)法中

7、正確的是（ ）A. 當(dāng)時(shí)，小球恰好能到達(dá)點(diǎn)B. 當(dāng)時(shí)，小球在弧形凹槽上沖向點(diǎn)的過(guò)程中，滑塊的動(dòng)能增大；返回A點(diǎn)的過(guò)程中，滑塊的動(dòng)能減小C. 如果小球的速度足夠大，球?qū)幕瑝K的左側(cè)離開(kāi)滑塊后落到水平面上D. 小球返回A點(diǎn)后做自由落體運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】【詳解】A小球滑上凹槽的過(guò)程中，若凹槽固定，小球的速度沖上，根據(jù)機(jī)械能守恒解得但是，凹槽不固定，小球沖上來(lái)的過(guò)程中，凹槽也會(huì)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)機(jī)械能守恒可知小球不能沖到點(diǎn)，A錯(cuò)誤；B當(dāng)時(shí)，小球在弧形凹槽向上沖的過(guò)程中，滑塊受到右上方的支持力，速度減小，動(dòng)能減??；滑到最高點(diǎn)時(shí)，兩者速度相等，之后返回A點(diǎn)的過(guò)程中，滑塊的動(dòng)能依然減小，B錯(cuò)誤；C如果小球的速度

8、足夠大，小球?qū)幕瑝K的左側(cè)沿切線(xiàn)方向飛離凹槽，相對(duì)凹槽的速度方向豎直向上，兩者水平速度相等，所以小球會(huì)沿左側(cè)邊緣落回，C錯(cuò)誤；D小球和凹槽整個(gè)作用過(guò)程中，水平方向動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒，類(lèi)似于彈性碰撞解得所以小球返回A點(diǎn)后做自由落體運(yùn)動(dòng)，D正確。故選D。6. 冰壺比賽是在水平冰面上進(jìn)行的體育項(xiàng)目，為使冰壺滑行得更遠(yuǎn)，運(yùn)動(dòng)員可以用冰刷擦冰壺運(yùn)行前方的冰面，使冰壺與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)減?。ń茷榱悖?。在某次訓(xùn)練中，運(yùn)動(dòng)員兩次以相同的速度推出冰壺，第一次在冰壺滑行至處開(kāi)始擦冰面，冰壺做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，此后冰壺在未擦的冰面繼續(xù)運(yùn)動(dòng)直至停止，冰壺從推出到停止滑行的距離為，滑行時(shí)間為；第二次在冰壺滑行至處開(kāi)始

9、擦冰面，冰壺做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，此后冰壺在未擦的冰面繼續(xù)運(yùn)動(dòng)直至停止，冰壺從推出到停止滑行的距離為，滑行時(shí)間為。則（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【詳解】AB冰壺在冰面上的運(yùn)動(dòng)有勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)和勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)兩種運(yùn)動(dòng)方式，從推出冰壺到勻速運(yùn)動(dòng)階段由動(dòng)能定理由于第一次勻減速運(yùn)動(dòng)位移大即，故第一次勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度小，由勻速運(yùn)動(dòng)的位移可知，兩次勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，所以第一次勻速運(yùn)動(dòng)的位移小。運(yùn)動(dòng)員兩次以相同的速度推出冰壺，由動(dòng)能定理可知可知兩次冰壺在勻減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的總位移大小相等。冰壺從推出到停止滑行的距離為所以第二次比第一次的滑行距離大，即故AB錯(cuò)誤；CD冰壺勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間所以?xún)纱伪鶋?/p>

10、勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，又勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間也相等，故兩次冰壺從推出到停止滑行的時(shí)間相等，即故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。7. 如圖所示，空間某區(qū)域存在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)方向豎直向上（與紙面平行），磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，三個(gè)帶電的微粒、質(zhì)量相等，電量大小分別為、，已知在該區(qū)域內(nèi)，、在紙面內(nèi)分別做半徑為、的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且，在紙面內(nèi)向左做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。下列選項(xiàng)正確的是（）A. 、為異種電荷B. C. 、均為正電荷D. 無(wú)法比較、的大小【答案】D【解析】【詳解】AB因、在紙面內(nèi)分別做半徑為、的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則、所受電場(chǎng)力與重力平衡，故、均為正電荷，則有解得因E、m和g相同，故a、b的電量相同；它們?cè)?/p>

11、復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，僅由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)可得由題知，且m、B和q相同，故，故AB錯(cuò)誤；CD由題知，在紙面內(nèi)向左做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，若c帶正電，根據(jù)平衡條件有解得若c帶負(fù)電，根據(jù)平衡條件 解得與大小關(guān)系無(wú)法比較，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。8. 兩個(gè)固定的等量異種點(diǎn)電荷所形成電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖中虛線(xiàn)所示，一帶電粒子以某一速度從圖中點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡為圖中實(shí)線(xiàn)所示。若粒子只受靜電力作用，則下列關(guān)于帶電粒子的判斷正確的是（）A. 帶正電B. 從點(diǎn)到點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度先變大后變小C. 從點(diǎn)到點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電勢(shì)能先變大后變小D. 經(jīng)過(guò)點(diǎn)和點(diǎn)時(shí)速度相同【答案】AC【解析】【詳解】A由帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌

12、跡可知帶電粒子受到指向低電勢(shì)方向的電場(chǎng)力，而靠近負(fù)電荷處的電勢(shì)低，所以帶電粒子受到負(fù)電荷的吸引力，帶電粒子帶正電，故A正確；BC由A選項(xiàng)可知，粒子帶正電，因此粒子從a點(diǎn)到c點(diǎn)的過(guò)程中，電勢(shì)能增大，電場(chǎng)力做負(fù)功，因此粒子動(dòng)能減小，即速度減小，當(dāng)粒子從c點(diǎn)到e點(diǎn)的過(guò)程中，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力正功，因此粒子動(dòng)能增大，即速度增大，所以粒子速度先變小后變大，故B錯(cuò)誤，C正確；D由于b、d兩點(diǎn)為等勢(shì)點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理帶電粒子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力做的功為零，b、d兩點(diǎn)處帶電粒子動(dòng)能相等，速度大小相同，但是兩點(diǎn)速度方向明顯不同，故D錯(cuò)誤。故選AC。9. 如圖所示，兩束單色光、平行射入平行玻璃磚上表面，光

13、束是紅光，光束是綠光。若不考慮光束在平行玻璃磚下表面反射后的情況，下列說(shuō)法正確的是（）A. 光束比在玻璃磚中的傳播速度大B. 光束在平行玻璃磚下表面可能發(fā)生全反射C. 兩束單色光線(xiàn)穿過(guò)平行玻璃磚下表面后可能重合為一束光線(xiàn)D. 兩束單色光線(xiàn)穿過(guò)平行玻璃磚下表面后若仍為兩束單色光，兩束光可能不再平行【答案】AC【解析】【詳解】A根據(jù)題意可知，光束的折射率小于光束，由公式可得，光束比在玻璃磚中的傳播速度大，故A正確；B根據(jù)題意，由光路的可逆性可知，光束在平行玻璃磚下表面不可能發(fā)生全反射，故B錯(cuò)誤；CD因?yàn)椴Ａ舷卤砻嫫叫校饩€(xiàn)在玻璃下表面第二次折射時(shí)的入射角等于在上表面第一次折射時(shí)的折射角，根據(jù)光路

14、可逆性可知，第二次折射光線(xiàn)與第一次折射入射光線(xiàn)平行，所以從玻璃磚下表面射出的兩束光仍然平行，如果玻璃磚的厚度、兩束入射光線(xiàn)入射位置合適，兩束單色光線(xiàn)穿過(guò)平行玻璃磚下表面后可能重合為一束光線(xiàn)，故D錯(cuò)誤，C正確。故選AC。10. 如圖甲所示為一列沿x軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t = 0時(shí)刻的波形圖，a、b、c為介質(zhì)中的三個(gè)質(zhì)點(diǎn)，圖乙表示該波x = 6m處a質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，下列說(shuō)法正確的是（ ）A. 該波沿x軸負(fù)向傳播B. t = 15s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a處于波峰位置C. t = 2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)b振動(dòng)的速度方向與回復(fù)力方向相同D. 質(zhì)點(diǎn)c的位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式為【答案】BC【解析】【詳解】A由乙圖可知，t = 0時(shí)

15、，x = 6m處的質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置，且運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，根據(jù)“上下坡”法，可以判斷出波沿x軸正方向傳播，A錯(cuò)誤；B由于15s等于三個(gè)整周期加四分之三個(gè)周期，由乙圖可知，15s時(shí)質(zhì)點(diǎn)a處于波峰位置，B正確；C2s時(shí)，a質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置，且向上振動(dòng)，b的振動(dòng)比a滯后，所以b處于y = 5m處，向平衡位置運(yùn)動(dòng)，則振動(dòng)的速度方向與回復(fù)力方向相同，C正確；D質(zhì)點(diǎn)的位移與時(shí)間變化的關(guān)系為當(dāng)t = 0時(shí)，y = 5cm，解得或（結(jié)合圖像特點(diǎn)，應(yīng)舍去）所以位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式為D錯(cuò)誤。故選BC。11. 如圖所示，有方向垂直于光滑絕緣水平桌面的兩勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別為、，為兩磁場(chǎng)的邊界，磁場(chǎng)范

16、圍足夠大，一個(gè)水平放置的桌面上的邊長(zhǎng)為，質(zhì)量為，電阻為的單匝正方形金屬線(xiàn)框，以初速度垂直磁場(chǎng)方向從圖示位置開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線(xiàn)框恰有一半進(jìn)入右側(cè)磁場(chǎng)時(shí)速度為，則下列判斷正確的是（）A. B. 此時(shí)線(xiàn)框的加速度大小為C. 此過(guò)程中通過(guò)線(xiàn)框截面的電量為D. 此時(shí)線(xiàn)框的電功率為【答案】D【解析】【詳解】A磁通量的變化量由感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)感應(yīng)電流由沖量定律可得計(jì)算可得故A錯(cuò)誤；B此時(shí)切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)線(xiàn)框中電流為由牛頓第二定律得聯(lián)立兩式可得故B錯(cuò)誤；C由電荷量公式得故C錯(cuò)誤；D此時(shí)線(xiàn)框的電功率為故D正確。故選D二、非選擇題：本題共5小題，共56分。12. 如圖所示是探究小球做圓周運(yùn)動(dòng)所需向心力的大小與

17、質(zhì)量、角速度和半徑之間的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置。圖中、到轉(zhuǎn)軸的距離之比為。（1）本實(shí)驗(yàn)采用的實(shí)驗(yàn)方法是_。A.微元法 B.放大法 C.累積法 D.控制變量法（2）在探究向心力的大小與半徑的關(guān)系時(shí)，要將質(zhì)量_（選填“相同”或“不同”）的兩小球分別放在長(zhǎng)槽的_（選填“A”或“B”）處和短槽的C處，與皮帶連接的變速塔輪相對(duì)應(yīng)的半徑_（選填“相同”或“不同”）。若實(shí)驗(yàn)中觀(guān)察到標(biāo)尺上黑白相間的等分格顯示出兩個(gè)小球所受向心力的比值為，則可以得到的結(jié)論是_。【答案】 . D . 相同 . B . 相同 . 在質(zhì)量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成正比【解析】【詳解】（1）1本實(shí)驗(yàn)采用的實(shí)驗(yàn)方法是控制變量法，

18、故選D。（2）234在探究向心力的大小與半徑的關(guān)系時(shí)，應(yīng)使r不同，故兩小球分別放在長(zhǎng)槽的B處和短槽的C處；其余物理量應(yīng)相同，故要選擇質(zhì)量相同的小球，兩球角速度也相同，由可知，與皮帶連接的變速塔輪相對(duì)應(yīng)的半徑相同。5由可知故實(shí)驗(yàn)中觀(guān)察到標(biāo)尺上黑白相間的等分格顯示出兩個(gè)小球所受向心力的比值為，則可以得到的結(jié)論是：在質(zhì)量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成正比。13. 新型冠狀病毒肆虐全球，給人類(lèi)的生命安全帶來(lái)了極大的威脅與傷害，感染新冠病毒的主要癥狀有咳嗽、發(fā)熱、頭疼、全身乏力等，進(jìn)行體溫監(jiān)測(cè)是進(jìn)行新冠排查的主要手段之一。某中學(xué)生小明利用熱敏電阻自制了一簡(jiǎn)易溫度計(jì)，其內(nèi)部電路裝置如圖甲，使用

19、的器材有：直流電源（，內(nèi)阻不計(jì)）、毫安表（量程未知）、電阻箱（最大阻值）、熱敏電阻一個(gè)、開(kāi)關(guān)和、導(dǎo)線(xiàn)若干。（1）為了確定毫安表的量程和內(nèi)阻，先把電阻箱的阻值調(diào)到最大，然后將開(kāi)關(guān)接至端，閉合開(kāi)關(guān)，逐漸調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，發(fā)現(xiàn)當(dāng)毫安表指針剛好偏轉(zhuǎn)至滿(mǎn)偏的處，電阻箱示數(shù)如圖乙，此時(shí)電阻箱阻值為_(kāi)。將電阻箱阻值調(diào)為時(shí)，毫安表剛好偏轉(zhuǎn)至滿(mǎn)偏的處，由此知毫安表的量程為_(kāi)，內(nèi)阻_。（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（2）將開(kāi)關(guān)接至端，閉合開(kāi)關(guān)，該溫度計(jì)可開(kāi)始工作，為了得到攝氏溫度與電流之間的關(guān)系，小明通過(guò)查閱資料，發(fā)現(xiàn)自己使用的熱敏電阻為正溫度系數(shù)熱敏電阻，其阻值隨攝氏溫度增加而線(xiàn)性增加，比例系數(shù)為，已知該電阻0時(shí)

20、的阻值為，請(qǐng)幫助小明寫(xiě)出該簡(jiǎn)易溫度計(jì)所測(cè)攝氏溫度與電流之間的關(guān)系式：_（用、等符號(hào)表示）?！敬鸢浮?. 840.0 . 10 . 60 . 【解析】【詳解】（1）1由圖乙電阻箱可知，其示數(shù)為23根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得（2）4由題可知，熱敏電阻阻值與溫度關(guān)系根據(jù)閉合電路歐姆定律得解得14. 密閉容器內(nèi)裝有質(zhì)量的氧氣，開(kāi)始時(shí)氧氣壓強(qiáng)為，溫度為，因?yàn)殚y門(mén)漏氣，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，容器內(nèi)氧氣壓強(qiáng)變?yōu)榇髿鈮簭?qiáng)，溫度降為，已知大氣壓強(qiáng)為，容器不變形，且以上狀態(tài)的氧氣均視為理想氣體。求漏掉的氧氣質(zhì)量?！敬鸢浮?.89kg【解析】【詳解】開(kāi)始時(shí)容器內(nèi)氧氣溫度為經(jīng)一段時(shí)間后溫度降為壓強(qiáng)變?yōu)樵O(shè)容器的體積為，以開(kāi)始時(shí)容器內(nèi)全部氧氣為研究對(duì)象，由理想氣體狀態(tài)方程得解得所以漏掉的氧氣質(zhì)量為15. 如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系第象限內(nèi)存在沿+y方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在第象限存在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)