竹溪一中竹山一中等三校2019-2020學(xué)年高二物理上學(xué)期9月聯(lián)考試題含解析

湖北省竹溪一中竹山一中等三校2019_2020學(xué)年高二物理上學(xué)期9月聯(lián)考試題含解析湖北省竹溪一中竹山一中等三校2019_2020學(xué)年高二物理上學(xué)期9月聯(lián)考試題含解析PAGE27-湖北省竹溪一中竹山一中等三校2019_2020學(xué)年高二物理上學(xué)期9月聯(lián)考試題含解析湖北省竹溪一中、竹山一中等三校2019-2020學(xué)年高二物理上學(xué)期9月聯(lián)考試題（含解析）一、選擇題(共18小題，每小題3分,滿分54分）1。A、B兩質(zhì)點(diǎn)分別在各自的直線軌道上運(yùn)動(dòng)，圖甲是質(zhì)點(diǎn)A的位移隨時(shí)間變化的圖象，圖乙是質(zhì)點(diǎn)B的速度隨時(shí)間變化的圖象,下列說(shuō)法中正確的是()A.質(zhì)點(diǎn)A在0～2s內(nèi)的平均速度為零B.質(zhì)點(diǎn)B在0～2s內(nèi)的平均速度為零C。質(zhì)點(diǎn)A在0～1s內(nèi)的運(yùn)動(dòng)方向與在1～2s內(nèi)的運(yùn)動(dòng)方向相同D。質(zhì)點(diǎn)B在0～1s內(nèi)的運(yùn)動(dòng)方向與在1～2s內(nèi)的運(yùn)動(dòng)方向相反【答案】A【解析】【詳解】A．質(zhì)點(diǎn)A在0～2s內(nèi)的位移為零，所以平均速度為零，A正確;B．質(zhì)點(diǎn)B在0～2s內(nèi)的速度先均勻增大后均勻減小，位移不為零，故平均速度不為零,B錯(cuò)誤；C．質(zhì)點(diǎn)A在0～1s內(nèi)位移增大，向正方向運(yùn)動(dòng)，在1～2s內(nèi)位移減小，向負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故運(yùn)動(dòng)方向相反，C錯(cuò)誤；D．質(zhì)點(diǎn)B在0～2s內(nèi)的速度都是正值,即朝著正方向運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向相同，D錯(cuò)誤．2。如圖所示，電燈懸掛于兩壁之間，更換水平繩OA使連接點(diǎn)A向上移動(dòng)而保持O點(diǎn)的位置不變，則A點(diǎn)向上移動(dòng)時(shí)(）A。繩OA的拉力逐漸增大B。繩OA的拉力逐漸減小C.繩OA拉力先增大后減小D.繩OA的拉力先減小后增大【答案】D【解析】【詳解】以O(shè)點(diǎn)為研究對(duì)象，根據(jù)受力平衡，有:由圖可知,繩子OB上的拉力逐漸減小，OA上的拉力先減小后增大．A．繩OA的拉力逐漸增大，與分析不符，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．繩OA的拉力逐漸減小，與分析不符，故B項(xiàng)錯(cuò)誤;C．繩OA的拉力先增大后減小，與分析不符，故C項(xiàng)錯(cuò)誤;D．繩OA的拉力先減小后增大，與分析相符,故D項(xiàng)正確．3。如圖所示，質(zhì)量為2m的物塊A與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，質(zhì)量為m的物塊B與地面的摩擦不計(jì)，在大小為F的水平推力作用下，A、B一起向右做加速運(yùn)動(dòng)，則A和B之間的作用力大小為(）A. B. C. D。【答案】D【解析】以AB組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得系統(tǒng)的加速度，以B為研究對(duì)象,由牛頓第二定律得A對(duì)B的作用力：,即AB間的作用力為，D正確．4。如圖所示，質(zhì)量為m的小球在豎直平面內(nèi)的光滑圓軌道上做圓周運(yùn)動(dòng)．圓半徑為R,小球經(jīng)過(guò)圓環(huán)最高點(diǎn)時(shí)剛好不脫離圓軌．則下列說(shuō)法正確的是A.小球在最低點(diǎn)對(duì)圓環(huán)的壓力大小等于5mgB。小球在最低點(diǎn)處于失重狀態(tài)C.小球在最高點(diǎn)的線速度大小等于0D.小球在最高點(diǎn)的向心加速度大小等于g【答案】D【解析】A、因?yàn)樾∏騽偤迷谧罡唿c(diǎn)不脫離圓環(huán),則軌道對(duì)球的彈力為零，重力提供向心力，則根據(jù)牛頓第二定律得，，則最高點(diǎn)速度為：，從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理：，則:,在最低點(diǎn)根據(jù)牛頓第二定律：,則，故選項(xiàng)AC錯(cuò)誤；B、最低點(diǎn)加速度方向向上,處于超重狀態(tài)，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；D、在最高點(diǎn)由于重力提供向心力，則，所以，故選項(xiàng)D正確．點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知道在最高點(diǎn)的臨界情況，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解，要注意明確小球恰好不脫離圓環(huán)的臨界條件．5。如圖所示，質(zhì)量為M，長(zhǎng)度為L(zhǎng)小車(chē)靜止在光滑的水平面上,質(zhì)量為m的小物塊,放在小車(chē)的最左端,現(xiàn)用一水平力F作用在小物塊上，小物塊與小車(chē)之間的摩擦力為f，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間小車(chē)運(yùn)動(dòng)的位移為x，小物塊剛好滑到小車(chē)的右端,則下列說(shuō)法正確的是(）A.此時(shí)物塊的動(dòng)能為F(x+L)B.此時(shí)小車(chē)的動(dòng)能為fxC.這一過(guò)程中,物塊和小車(chē)增加的機(jī)械能為Fx-fLD.這一過(guò)程中，因摩擦而產(chǎn)生的熱量為fL【答案】BD【解析】對(duì)物塊，根據(jù)動(dòng)能定理得，（F-f）（x+L）=Ek-0．則物塊的動(dòng)能為Ek=（F—f)(x+L），故A錯(cuò)誤；對(duì)小車(chē)，由動(dòng)能定理得:E′k-0=fx,則此時(shí)小車(chē)的動(dòng)能為E′k=fx＜Fx，故B錯(cuò)誤．這一過(guò)程中由能量守恒定律可知，小物塊和小車(chē)增加的機(jī)械能為F（L+x）-fL，故C錯(cuò)誤；系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量等于系統(tǒng)克服滑動(dòng)摩擦力做功，為fL，故D正確;故選D．點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵是明確滑塊和小車(chē)的受力情況、運(yùn)動(dòng)情況、能量轉(zhuǎn)化情況，然后結(jié)合功能關(guān)系進(jìn)行分析，要注意對(duì)單個(gè)物體運(yùn)用動(dòng)能定理時(shí)，位移的參照物必須對(duì)地面．6。若宇航員在月球表面附近自高h(yuǎn)處以初速度v0水平拋出一個(gè)小球,測(cè)出小球的水平射程為L(zhǎng)．已知月球半徑為R，萬(wàn)有引力常量為G．則下列說(shuō)法正確的是（）A。月球表面的重力加速度B。月球的平均密度C.月球的第一宇宙速度D.月球的質(zhì)量【答案】ABCD【解析】【詳解】A．小球做平拋運(yùn)動(dòng)，則:解得：故A正確；BD．由萬(wàn)有引力等于表面物體的重力可得:解得月球質(zhì)量：月球的平均密度：解得:故BD兩項(xiàng)正確；C．由萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力可得:解得第一宇宙速度：故C正確．7。某電場(chǎng)線分布如圖所示，一帶電粒子沿圖中虛線所示途徑運(yùn)動(dòng)，先后通過(guò)M點(diǎn)和N點(diǎn)，以下說(shuō)法正確的是（)A。M、N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)EM＞ENB。粒子在M、N點(diǎn)的加速度aM＞aNC。粒子在M、N點(diǎn)的速度vM＞vND。粒子帶正電【答案】D【解析】【詳解】A．電場(chǎng)線越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大,因此EN＞EM，A錯(cuò)誤；B．同一電荷的M處的電場(chǎng)力小于N處的電場(chǎng)力，根據(jù)牛頓第二定律,可知aM<aN，B錯(cuò)誤，CD．粒子受力的方向總是指向運(yùn)動(dòng)軌跡的內(nèi)側(cè)，從粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡可知,粒子受力方向與電場(chǎng)線方向相同，帶正電荷，且從M向N運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,電場(chǎng)力做正功,運(yùn)動(dòng)速度增加，C錯(cuò)誤,D正確．【點(diǎn)睛】電場(chǎng)線形象的描述了電場(chǎng)的特點(diǎn)，電場(chǎng)線從正電荷發(fā)出到負(fù)電荷終止，電場(chǎng)線越密的地方,電場(chǎng)強(qiáng)度越大，也就是同一電荷在該點(diǎn)受到的電場(chǎng)力越大,電場(chǎng)線的方向表示正電荷受力的方向．與負(fù)電荷受力的方向相反．8。如圖,在正點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)中有M、N、P、F四點(diǎn)，M、N、P為直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，F(xiàn)為MN的中點(diǎn)，∠M=30°．M、N、P、F四點(diǎn)處的電勢(shì)分別用φM、φN、φP、φF表示，已知φM=φN,φP=φF,點(diǎn)電荷Q在M、N、P三點(diǎn)所在平面內(nèi)，則（）A。點(diǎn)電荷Q一定在MP的連線上B.連接PF的線段一定在同一等勢(shì)面上C.將正試探電荷從P點(diǎn)搬運(yùn)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功D。φP小于φM【答案】A【解析】試題分析:點(diǎn)電荷的等勢(shì)面是一系列的同心圓，對(duì)于圓，圓弧上任意兩點(diǎn)的連線的中垂線一定通過(guò)圓心；找出電荷位置后,根據(jù)電勢(shì)能的變化情況判斷電場(chǎng)力做功情況．點(diǎn)電荷的等勢(shì)面是一系列的同心圓，對(duì)于圓、圓弧上任意兩點(diǎn)的連線的中垂線一定通過(guò)圓心,故場(chǎng)源電荷在MN的中垂線和FP的中垂線的交點(diǎn)上,在MP的連線上，如圖所示，故A正確；，線段PF是P、F所在等勢(shì)面（圓）的一個(gè)弦,故B錯(cuò)誤；在正的點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中,離場(chǎng)源越遠(yuǎn)，電勢(shì)越低，將正試探電荷從P點(diǎn)搬運(yùn)到N點(diǎn)，電勢(shì)能降低，故電場(chǎng)力做正功，故C錯(cuò)誤；在正的點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，離場(chǎng)源越遠(yuǎn)，電勢(shì)越低，故，故D錯(cuò)誤．9。如圖所示是一個(gè)由電池、電阻R、開(kāi)關(guān)S與平行板電容器組成的串聯(lián)電路，開(kāi)關(guān)S閉合．一帶電液滴懸浮在兩板間P點(diǎn)不動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.帶電液滴可能帶正電B.增大兩極板距離的過(guò)程中，電阻R中有從a到b的電流，電容器中負(fù)電荷從B到AC。斷開(kāi)S，減小兩極板正對(duì)面積的過(guò)程中,液滴將加速下降D。斷開(kāi)S，減小兩極板距離過(guò)程中，液滴靜止不動(dòng)【答案】D【解析】【詳解】A．帶電液滴懸浮在兩板間P點(diǎn)不動(dòng)，說(shuō)明所受電場(chǎng)力和重力平衡,即電場(chǎng)力豎直向上，故液滴帶負(fù)電，故A錯(cuò)．B．增大兩極板距離的過(guò)程中，由電容變小，由于兩極板與電源相連，兩端電壓不變，，極板上的帶電量將變小，故放電電流從a到b，但是,電荷不能通過(guò)電容器，故B錯(cuò)．C．?dāng)嚅_(kāi)S,電容器帶電量不變,減小兩極板正對(duì)面積的過(guò)程中，由電容變小,由公式，可知兩端電源增大，電場(chǎng)強(qiáng)度減小,故向上的電場(chǎng)力減小，故液滴將加速向上運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)．D．?dāng)嚅_(kāi)S,電容器的帶電量不變,減小兩極板距離過(guò)程中，由電容變大，，兩式聯(lián)立得到電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故液滴靜止不動(dòng)．故D對(duì)．故選D．【點(diǎn)睛】帶電粒子靜止所以受力平衡，可判定電性．由電容器的決定式判定電容變化,由判定電荷量的變化，從而判定電流方向．由判定電場(chǎng)強(qiáng)度情況，從而判定粒子的運(yùn)動(dòng)情況．本題是電容器動(dòng)態(tài)變化問(wèn)題，關(guān)鍵是抓住不變量．10.真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷Q1、Q2分別固定于x軸上x(chóng)1＝0和x2＝4a的兩點(diǎn),在它們的連線上場(chǎng)強(qiáng)E與x關(guān)系如圖所示(取x軸正方向?yàn)閳?chǎng)強(qiáng)正方向，無(wú)窮遠(yuǎn)處為電勢(shì)零點(diǎn)），以下判斷正確的是A。Q1帶正電、Q2帶負(fù)電B。Q1的電荷量是Q2的3倍C。x軸上3a處的電勢(shì)為零D。正點(diǎn)電荷q在x軸上a處的電勢(shì)能比在2a處的大【答案】D【解析】【詳解】因x=0附近的場(chǎng)強(qiáng)為正,x=4a附近的場(chǎng)強(qiáng)為負(fù)值，可知兩電荷均帶正電，選項(xiàng)A錯(cuò)誤;在x=3a處的場(chǎng)強(qiáng)為零,則,解得Q1=9Q2，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；x軸上3a處的電勢(shì)為正，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；電場(chǎng)線方向從x軸上a處指向2a處,則正點(diǎn)電荷q從x軸上a處到2a處電場(chǎng)力做正功,則電勢(shì)能減小,即正點(diǎn)電荷q在x軸上a處的電勢(shì)能比在2a處的大，選項(xiàng)D正確;故選D.11。如圖甲所示，AB是電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線。質(zhì)子以某一初速度從A點(diǎn)出發(fā)，僅在電場(chǎng)力作用下沿直線從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，其v-t圖象如圖乙所示,則下列說(shuō)法正確的是(）A。質(zhì)子運(yùn)動(dòng)的加速度隨時(shí)間逐漸減小B.電場(chǎng)線的方向由A指向BC.A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小關(guān)系滿足EA〈EBD。A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系滿足φA<φB【答案】D【解析】【詳解】AC．速度圖象的斜率等于加速度,則由圖可知，質(zhì)子的加速度不變,所受電場(chǎng)力不變，由F=Eq可知，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)等于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，EA=EB；故AC錯(cuò)誤；BD．質(zhì)子從A到B的過(guò)程中，速度減小,動(dòng)能減小，則可知電場(chǎng)力做負(fù)功,故電勢(shì)能增加，電勢(shì)升高，故φA〈φB，電場(chǎng)線的方向由B指向A，故B錯(cuò)誤，D正確；【點(diǎn)睛】本題根據(jù)圖象考查對(duì)電場(chǎng)的認(rèn)識(shí),要求學(xué)生能從圖象中找出加速度的大小及速度的變化,再應(yīng)用動(dòng)能定理及牛頓第二定律進(jìn)行分析判斷；同時(shí)還需注意，電勢(shì)能是由電荷及電場(chǎng)共同決定的，故不能忽視了電荷的電性．12.如圖所示，點(diǎn)A、B、C在半徑為r的同一圓周上，三點(diǎn)等分圓周,A點(diǎn)放置正點(diǎn)電荷，所帶電荷量為＋，B、C點(diǎn)放置負(fù)點(diǎn)電荷,所帶電荷量為－，靜電力常量為k，則三個(gè)點(diǎn)電荷在圓心O處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為A。 B. C. D?！敬鸢浮緼【解析】【詳解】在A點(diǎn)的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng),方向沿AO方向；在BC點(diǎn)的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)均為，方向分別沿OB和OC方向；因EB和EC互成1200角，則合場(chǎng)強(qiáng)為，則O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為，故選A.13.如圖所示,靜止的電子在加速電壓為U1的電場(chǎng)作用下從O經(jīng)P板的小孔（位于P板的中點(diǎn)）射出，又垂直進(jìn)入平行金屬板間的電場(chǎng),在偏轉(zhuǎn)電壓為U2的電場(chǎng)作用下偏轉(zhuǎn)一段距離．現(xiàn)使U1加倍，要想使電子的運(yùn)動(dòng)軌跡不發(fā)生變化，應(yīng)該（）A.使U2加倍B。使U2變?yōu)樵瓉?lái)的4倍C.使U2變?yōu)樵瓉?lái)的倍D。使U2變?yōu)樵瓉?lái)的【答案】A【解析】試題分析:電子先經(jīng)過(guò)加速電場(chǎng)加速，后經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)，根據(jù)結(jié)論，分析要使U1加倍,想使電子的運(yùn)動(dòng)軌跡不發(fā)生變化時(shí)，兩種電壓如何變化．設(shè)偏轉(zhuǎn)電極的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，板間距離為d，則根據(jù)推論可知，偏轉(zhuǎn)距離,要使U1加倍，想使電子的運(yùn)動(dòng)軌跡不發(fā)生變化時(shí)，y不變，則必須使U2加倍，故選項(xiàng)A正確．本題考查了帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，可以根據(jù)動(dòng)能定理和牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合推導(dǎo)出．考點(diǎn):帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)動(dòng)能定理和牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式14。一同學(xué)在某電路中接上兩個(gè)毫安表和兩個(gè)相同的電壓表，如圖所示，毫安表1的讀數(shù)I1＝100mA,毫安表2的讀數(shù)I2＝99mA，電壓表V1的讀數(shù)U1＝10V，則電壓表V2的讀數(shù)應(yīng)為()A。0.01V B.0。1V C.1V D。10V【答案】B【解析】【詳解】電壓表的電阻：；通過(guò)電壓表V2的電流：IV=I1—I2=1mA,則電壓表V2的讀數(shù)應(yīng)為U2=IVRV=0.1V，故選B．15。電動(dòng)機(jī)的直流阻值為R，電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，兩端的電壓為U，通過(guò)的電流為I,工作的時(shí)間為t，則下列說(shuō)法中正確的是A.電動(dòng)機(jī)消耗的電能為UItB。電動(dòng)機(jī)消耗的電能為I2RtC。電動(dòng)機(jī)線圈產(chǎn)生的熱量為I2RtD。電動(dòng)機(jī)線圈產(chǎn)生的熱量為【答案】AC【解析】【詳解】A．根據(jù)電流做功的公式W=UIt，可知A對(duì)B．W=I2Rt僅適用于純電阻電路，非純電阻電路不能用此公式計(jì)算電能，B錯(cuò)；C．根據(jù)焦耳定律，生成的電熱Q=I2Rt,故C對(duì)；D．電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路，故歐姆定律，不成立，根據(jù)歐姆定律推導(dǎo)出來(lái)的也不成立,D錯(cuò)誤．16。如圖甲所示為某一小燈泡的U－I圖線,現(xiàn)將兩個(gè)這樣的小燈泡并聯(lián)后再與一個(gè)4Ω的定值電阻R串聯(lián)，接在內(nèi)阻為1Ω、電動(dòng)勢(shì)為5V的電源兩端，如圖乙所示，則(）A.通過(guò)每盞小燈泡的電流強(qiáng)度為0.2A,此時(shí)每盞小燈泡的電功率為0。6WB。通過(guò)每盞小燈泡的電流強(qiáng)度為0。3A,此時(shí)每盞小燈泡的電功率為0。6WC。通過(guò)每盞小燈泡電流強(qiáng)度為0.2A，此時(shí)每盞小燈泡的電功率為0.26WD。通過(guò)每盞小燈泡的電流強(qiáng)度為0。3A，此時(shí)每盞小燈泡的電功率為0。4W【答案】B【解析】【詳解】設(shè)通過(guò)每個(gè)小燈泡的電流為I，電壓為U，則電路中總電流為2I．根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-2I（R+r）,代入得：U=5—10I，當(dāng)U=0時(shí),I=0。5A；當(dāng)I=0時(shí),U=5V．在U—I圖上作出U=5—10I的圖象如圖：

此圖線與小燈泡的U-I圖線的交點(diǎn)即為乙圖狀態(tài)下小燈泡的工作狀態(tài)，由圖讀出通過(guò)每盞小燈泡的電流強(qiáng)度為I=0。3A，電壓為U=2V，則此時(shí)每盞小燈泡的電功率為P=UI=0。6W；故ACD錯(cuò)誤,B正確．17.在如圖所示的電路中，電源內(nèi)阻不能忽略，當(dāng)移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片時(shí),電流表示數(shù)變大，則()A.電源的總功率不一定增大B.電源的輸出功率一定增大C.電源內(nèi)部消耗的功率一定減小D.電源的效率一定減小【答案】D【解析】【詳解】假設(shè)滑動(dòng)變阻器的滑片向左移動(dòng)，變阻器接入電路的電阻增大，并聯(lián)部分電阻增大，外電路總電阻R增大，由閉合電路歐姆定律得：，可知干路電流I減小,由,可知路端電壓增大．電路中并聯(lián)部分的電壓U并=E-I（r+R1）U并增大，電阻R2的電流增大，電流表的示數(shù)IA=I-I2，變小．由題意得電流表示數(shù)變大，可知滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)，干路電流I增大,電源的總功率P總=EI，可知P總增大．由于電源的內(nèi)阻與外電阻的關(guān)系未知，不能判斷電源的輸出功率如何變化．I增大，由P內(nèi)=I2r得知電源內(nèi)部消耗功率一定增大．電源的效率，滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)，總電阻R減小,所以電源的效率一定減小，故D正確,ABC錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】本題主要考查了電路的動(dòng)態(tài)分析．具體分析的順序：外電路部分電路變化→變化→由判斷的變化→由判斷路端電壓U的變化→由部分電路歐姆定律分析固定電阻的電流、電壓的變化→用串、并聯(lián)規(guī)律分析變化電阻的電流、電壓、電功、電功率．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)時(shí)，先分析變阻器接入電路的電阻如何變化,再分析總電阻如何變化，即可由閉合電路歐姆定律判斷干路電流和路端電壓如何變化，進(jìn)一步得到并變阻器兩端電壓的變化，即可分析功率和效率如何變化．18。在如圖所示電路中，R2為光敏電阻．合上電鍵S，用較弱光照射R2,電壓表讀數(shù)為U0，電流表讀數(shù)為I0；用較強(qiáng)光照射R2，電壓表讀數(shù)為U1，電流表讀數(shù)為I1；用更強(qiáng)光照射R2,電壓表讀數(shù)為U2,電流表讀數(shù)為I2．處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，令，，則k1、k2的關(guān)系為(）A。k1＞k2

B.k1=k2

C.k1＜k2 D.無(wú)法確定【答案】B【解析】【詳解】設(shè)路端電壓為U，干路中電流為I，電源的內(nèi)阻為r．根據(jù)電路結(jié)構(gòu)可知，電壓表測(cè)量路端電壓，電流表測(cè)量干路電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E—Ir；則得｜|=r可知，k1＝｜｜=r，k2＝|｜=r；所以k1=k2．故B正確．故選B．【點(diǎn)睛】運(yùn)用閉合電路歐姆定律分析電壓的變化量與電流變化量的比值是常用思路,要熟練運(yùn)用．要知道路端電壓與干路電流之間是線性關(guān)系,且有｜｜=r．二、解答題(共6小題,滿分50分）19。在用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，使質(zhì)量為m＝1。00kg的重物自由下落，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列的點(diǎn)，選取一條符合實(shí)驗(yàn)要求的紙帶如圖所示．O為第一個(gè)點(diǎn)，A、B、C為從合適位置開(kāi)始選取連續(xù)點(diǎn)中的三個(gè)點(diǎn)．已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔0。02s打一個(gè)點(diǎn)，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間＝9.80m/s2，那么:(1)根據(jù)圖所得的數(shù)據(jù),應(yīng)取圖中O點(diǎn)到_____點(diǎn)來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律；（2）從O點(diǎn)到(1)問(wèn)中所取的點(diǎn)，重物重力勢(shì)能的減少量△Ep＝_____J,動(dòng)能增加量△Ek＝_____J（結(jié)果取三位有效數(shù)字）;(3)若測(cè)出紙帶上所有各點(diǎn)到O點(diǎn)之間的距離，根據(jù)紙帶算出各點(diǎn)的速度v及物體下落的高度h，則以v2為縱軸，以h為橫軸畫(huà)出的圖象是如圖中的_____．A。B。C。D.【答案】（1）.B(2）.1.88(3).1.84（4)。A【解析】【分析】該實(shí)驗(yàn)的原理是驗(yàn)證物體下降的距離從O點(diǎn)到B點(diǎn)，動(dòng)能的增加量和重力勢(shì)能的減小量是否相等．根據(jù)△Ep=mg△h求重力勢(shì)能的減小量，根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出B點(diǎn)的速度，從而求出動(dòng)能的增加量【詳解】（1）因?yàn)橥ㄟ^(guò)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度可以求出B點(diǎn)的速度，所以取圖中O點(diǎn)到B點(diǎn)來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律．(2）重物重力勢(shì)能的減少量：△Ep=mg△h=9。80×0.192=1。88J．B點(diǎn)的速度：則B點(diǎn)的動(dòng)能：所以動(dòng)能的增加量△Ek=1.84J．（3)根據(jù)，即

與h成正比．故A是符合題意的．20。在做“測(cè)定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，若待測(cè)電阻絲的電阻約為5Ω，要求測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，提供以下器材供選擇:A．電池組（3V，內(nèi)阻約1Ω）B．電流表（0~3A，內(nèi)阻0.0125Ω）C．電流表(0～0.6A，內(nèi)阻約0.125Ω)D．電壓表（0～3V，內(nèi)阻4kΩ)E．電壓表（0~15V,內(nèi)阻15kΩ)F．滑動(dòng)變阻器（0～20Ω，允許最大電流1A)G．滑動(dòng)變阻器（0～2000Ω，允許最大電流0.3A）H．開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)從上述器材中選用__（填寫(xiě)儀器前字母代號(hào)）。（2）測(cè)電阻時(shí),電流表、電壓表、待測(cè)電阻Rx在組成測(cè)量電路時(shí)，應(yīng)采用安培表__接法,測(cè)量值比真實(shí)值偏__（選填“大"或“小”）。（3）若用螺旋測(cè)微器測(cè)得金屬絲的直徑d的讀數(shù)如圖，則讀數(shù)為_(kāi)_mm．（4)若用L表示金屬絲的長(zhǎng)度，d表示直徑,測(cè)得電阻為R，請(qǐng)寫(xiě)出計(jì)算金屬絲電阻率的表達(dá)式ρ=__．【答案】(1）.（1）ACDFH（2）。(2)外(3）.?。?）。（3)0。900（5）.（4)【解析】【詳解】(1）流過(guò)金屬絲的最大電流，電池組電壓又是3V，故電流表選C，電壓表選D；由于待測(cè)電阻的電阻值比較小，滑動(dòng)變阻器選總阻值小的便于調(diào)節(jié)，故選F；另外電池組、導(dǎo)線、開(kāi)關(guān)要選；

（2）因?yàn)椋?800，故電流表選擇外接法，外接法測(cè)量值偏小;

(3）從螺旋測(cè)微器的主尺上可以看出,半毫米刻度線已經(jīng)露出來(lái)，因此主尺上應(yīng)讀0。5mm，螺旋上接近第40個(gè)刻度線，可以估讀40。0×0.01mm=0.400mm,所以該金屬絲直徑應(yīng)為0.5mm+0.400mm=0.900mm．

（4）根據(jù)，解得：21.在電場(chǎng)中把一個(gè)電荷量為﹣6×10﹣8C的點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為﹣3×10﹣5J，將此電荷從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功4。5×10﹣5J，求:(1)A與C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差；(2)取C點(diǎn)為電勢(shì)零點(diǎn)時(shí)，A的電勢(shì)為多大?（3）若是把一個(gè)q2＝4×10﹣8C的點(diǎn)電荷在電場(chǎng)中移動(dòng)則由A移到B電場(chǎng)力做多少功?由B移到C電場(chǎng)力做多少功?【答案】（1）﹣250V(2)﹣250V(3）2×10﹣5J，﹣3×10﹣5J【解析】【詳解】（1）A與B兩點(diǎn)間電勢(shì)差：B與C兩點(diǎn)間電勢(shì)差:A與C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差：(2)由、可得：（3)若移動(dòng)q2＝4×10﹣8C,電場(chǎng)力做功:22。某探究性學(xué)習(xí)小組對(duì)一輛自制遙控車(chē)的性能進(jìn)行研究．他們讓這